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    （2012•泰州一模）已知Rt△ABC，∠ACB=90°，AC=BC=4，点O是AB中点，点P、Q分别从点A、C出发，沿AC、CB以每秒1个单位的速度运动，到达点C、B后停止．连接PQ、点D是PQ中点，连接CD并延长交AB于点E．
    （1）试说明：△POQ是等腰直角三角形；
    （2）设点P、Q运动的时间为t秒，试用含t的代数式来表示△CPQ的面积S，并求出S的最大值；
    （3）如图2，点P在运动过程中，连接EP、EQ，问四边形PEQC是什么四边形，并说明理由；
    （4）求点D运动的路径长（直接写出结果）．
    分析：（1）连接CO．先由等腰直角三角形的性质得出CO⊥AB，∠BCO=∠A=45°，CO=AO=
    1
    2
    AB，再利用SAS证明△AOP≌△COQ，则OP=OQ，∠AOP=∠COQ，然后证明∠POQ=∠AOC=90°；
    （2）由于△CPQ是直角三角形，根据三角形的面积公式得出S=
    1
    2
    CQ×CP=-
    1
    2
    t2+2t，再利用配方法写成顶点式，根据二次函数的性质即可求出S的最大值；
    （3）连接OD、OC．先由直角三角形斜边上的中线等于斜边的一半得出CD=OD=
    1
    2
    PQ，根据等边对等角得到∠DCO=∠DOC，由等角的余角相等得出∠CEO=∠DOE，则DE=DO=CD，又PD=DQ，根据对角线互相平分的四边形是平行四边形得出四边形PEQC是平行四边形，又∠ACB=90°，由矩形的定义判定平行四边形PEQC是矩形；
    （4）由DO=DC可知：点D在线段OC的垂直平分线上，其运动路径为CO垂直平分线与AC、BC交点间线段，则点D运动的路径长=
    1
    2
    AB．
    解答：（1）证明：如图1，连接CO．
    ∵Rt△ABC，∠ACB=90°，AC=BC=4，点O是AB中点，
    ∴CO⊥AB，∠BCO=∠A=45°，CO=AO=
    1
    2
    AB．
    在△AOP和△COQ中，
    AP=CQ
      ∠A=∠QCO
     AO=CO
    ，
    ∴△AOP≌△COQ（SAS），
    ∴OP=OQ，∠AOP=∠COQ，
    ∴∠POQ=∠COQ+∠COP=∠AOP+∠COP=∠AOC=90°，
    ∴△POQ是等腰直角三角形；

    （2）解：∵AP=CQ=t，
    ∴CP=AB-AP=4-t，
    ∴S=
    1
    2
    CQ×CP=
    1
    2
    ×t（4-t）=-
    1
    2
    t2+2t=-
    1
    2
    （t-2）2+2，
    ∴当t=2时，S取得最大值，最大值S=2；

    （3）解：四边形PEQC是矩形．理由如下：
    如图2，连接OD、OC．
    ∵∠PCQ=∠POQ=90°，点D是PQ中点，
    ∴CD=PD=DQ=
    1
    2
    PQ，OD=PD=DQ=
    1
    2
    PQ，
    ∴CD=OD，
    ∴∠DCO=∠DOC，
    ∵∠CEO+∠DCO=90°，∠DOE+∠DOC=90°，
    ∴∠CEO=∠DOE，
    ∴DE=DO，
    ∴DE=CD，
    ∵PD=DQ，
    ∴四边形PEQC是平行四边形，
    又∠ACB=90°，
    ∴四边形PEQC是矩形；

    （4）解：∵DO=DC，
    ∴点D在线段OC的垂直平分线上，
    ∴其运动路径为CO的垂直平分线与AC、BC交点之间的线段，即为为Rt△ABC斜边AB的中位线，
    ∴点D运动的路径长=
    1
    2
    AB=2
    		2
    ．
    点评：本题考查了等腰直角三角形的性质，全等三角形的判定与性质，三角形的面积，二次函数的性质，直角三角形的性质，等腰三角形的判定与性质，矩形的判定，点的运动轨迹等知识，综合性较强，有一定难度．
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    		3x-1
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    		12
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