分析 将△ACD绕点C逆时针旋转120°得△CBE,根据旋转的性质得出∠E=∠CAD=30°,BE=AD=5,AC=CE,求出A、B、E三点共线,解直角三角形求出即可;过C作CE⊥AB于E,CF⊥AD于F,得出∠E=∠CFD=∠CFA=90°,推出$\widehat{BC}$=$\widehat{CD}$,求出∠BAC=∠DAC,BC=CD,求出CE=CF,根据圆内接四边形性质求出∠D=∠CBE,证△CBE≌△CDF,推出BE=DF,证△AEC≌△AFC,推出AE=AF,设BE=DF=x,得出5=x+3+x,求出x,解直角三角形求出即可.
解答 解:解法一、∵A、B、C、D四点共圆,∠BAD=60°,
∴∠BCD=180°-60°=120°,
∵∠BAD=60°,AC平分∠BAD,
∴∠CAD=∠CAB=30°,
如图1,
将△ACD绕点C逆时针旋转120°得△CBE,
则∠E=∠CAD=30°,BE=AD=5,AC=CE,
∴∠ABC+∠EBC=(180°-CAB+∠ACB)+(180°-∠E-∠BCE)=180°,
∴A、B、E三点共线,
过C作CM⊥AE于M,
∵AC=CE,
∴AM=EM=$\frac{1}{2}$×(5+3)=4,
在Rt△AMC中,AC=$\frac{AM}{cos30°}$=$\frac{4}{\frac{\sqrt{3}}{2}}$=$\frac{8\sqrt{3}}{3}$;
解法二、过C作CE⊥AB于E,CF⊥AD于F,
则∠E=∠CFD=∠CFA=90°,
∵点C为弧BD的中点,
∴$\widehat{BC}$=$\widehat{CD}$,
∴∠BAC=∠DAC,BC=CD,
∵CE⊥AB,CF⊥AD,
∴CE=CF,
∵A、B、C、D四点共圆,
∴∠D=∠CBE,
在△CBE和△CDF中
$\left\{\begin{array}{l}{∠CBE=∠D}\\{∠E=∠CFD}\\{CE=CF}\end{array}\right.$
∴△CBE≌△CDF,
∴BE=DF,
在△AEC和△AFC中
$\left\{\begin{array}{l}{∠E=∠AFC}\\{∠EAC=∠FAC}\\{AC=AC}\end{array}\right.$
∴△AEC≌△AFC,
∴AE=AF,
设BE=DF=x,
∵AB=3,AD=5,
∴AE=AF=x+3,
∴5=x+3+x,
解得:x=1,
即AE=4,
∴AC=$\frac{AE}{cos30°}$=$\frac{8\sqrt{3}}{3}$,
故答案为:$\frac{8\sqrt{3}}{3}$.
点评 本题考查了圆心角、弧、弦之间的关系,圆内接四边形性质,解直角三角形,全等三角形的性质和判定的应用,能正确作出辅助线是解此题的关键,综合性比较强,难度适中.
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A. | (2014,0) | B. | (2015,-1) | C. | (2015,1) | D. | (2016,0) |
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