分析 (1)已知抛物线与x轴的两个交点为(4,0)和(-1,0),所以可设抛物线的解析式为y=a(x-4)(x+1),然后把(0,3)代入解析式即可求出抛物线的解析式,联立直线解析式和抛物线解析式即可求出D的坐标;
(2)要求△PCQ的最小值,由于点Q是固定点,所以CQ是固定不变的,所以还需要求出PC+PQ最短即可,作出点C关于x轴的对称点E,连接EQ后与x轴交于点P,此时P点能够使得PC+PQ最短;
(3)由题意画出图形可知,点D1的位置有两种情况,一种是D1在直线A1P1的左边,另一种是D1在直线A1P1的右边,另外△A1P1D1的两个顶点恰好落在抛物线上有三种情况,一是A1与P1在抛物线上,二是P1与D1在抛物线上,三是A1与D1在抛物线上,然后根据题意用含m的式子表示A1、P1、D1的坐标出来,然后利用全等三角形的性质即可求出m的值.
解答 解:(1)∵抛物线经过A(4,0)和B(-1,0),
设抛物线的解析式为y=a(x-4)(x+1),
把C(0,-3)代入y=a(x-4)(x+1),
∴-3=-4a,
∴a=$\frac{3}{4}$,
∴抛物线的解析式为y=$\frac{3}{4}$(x-4)(x+1)=$\frac{3}{4}$x2-$\frac{9}{4}$x-3,
联立$\left\{\begin{array}{l}{y=\frac{3}{4}{x}^{2}-\frac{9}{4}x-3}\\{y=-\frac{3}{4}x+3}\end{array}\right.$,
解得:x=-2或x=4(舍去),
把x=-2代入y=-$\frac{3}{4}$x+3,
y=$\frac{9}{2}$,
∴D的坐标为(-2,$\frac{9}{2}$);
(2)要使△PCQ的周长最小,
即只需要PC+PQ最小,
由题意知:Q到x轴的距离为$\frac{9}{5}$,
即点Q的纵坐标为-$\frac{9}{5}$,
设直线AC的解析式为y=k1x+b1,
把A(4,0)和C(0,-3)代入y=k1x+b1,
∴$\left\{\begin{array}{l}{0=4{k}_{1}+{b}_{1}}\\{-3={b}_{1}}\end{array}\right.$,
解得:$\left\{\begin{array}{l}{{k}_{1=}\frac{3}{4}}\\{{b}_{1}=-3}\end{array}\right.$,
∴直线AC的解析式为y=$\frac{3}{4}$x-3,
把y=-$\frac{9}{5}$代入y=$\frac{3}{4}$x-3,
∴x=$\frac{8}{5}$,
∴Q的坐标为($\frac{8}{5}$,-$\frac{9}{5}$),
设C关于x轴对称的点为E,如图1,
∴E的坐标为(0,3),
设直线EQ的解析式为y=k2x+b2,
把Q($\frac{8}{5}$,-$\frac{9}{5}$)和E(0,3)代入y=k2x+b2,
∴$\left\{\begin{array}{l}{-\frac{9}{5}=\frac{8}{5}{k}_{2}+{b}_{2}}\\{3={b}_{2}}\end{array}\right.$,
∴$\left\{\begin{array}{l}{{k}_{2}=-3}\\{{b}_{2}=3}\end{array}\right.$,
∴直线EQ的解析式为y=-3x+3,
令y=0代入y=-3x+3,
∴x=1,
∴P的坐标为(1,0)时,△PCQ的周长最小;
(3)过点D作DF⊥x轴于点F,
过点D1作D1F1⊥A1P1,交A1P1的延长线于点F1,
∵△A1P1D1≌△APD,
∴AF=A1F1=6,PF=P1F1=3,DF=$\frac{9}{2}$,
当A1与P1在抛物线上时,
∵A1P1∥y轴,
∴此情况不存在;
当P1与D1在抛物线上时,
∵A1的横坐标为m,
∴P1的坐标为(m,$\frac{3}{4}$m2-$\frac{9}{4}$m-3),
若点D1在直线A1P1的右侧时,如图2,
此时D的横坐标为m+$\frac{9}{2}$,
把x=m+$\frac{9}{2}$代入y=$\frac{3}{4}$x2-$\frac{9}{4}$x-3,
∴D1的坐标为(m+$\frac{9}{2}$,$\frac{3}{4}$m2+$\frac{9}{2}$m+$\frac{33}{16}$),
∴F1的坐标为(m,$\frac{3}{4}$m2+$\frac{9}{2}$m+$\frac{33}{16}$),
∴P1F1=($\frac{3}{4}$m2+$\frac{9}{2}$m+$\frac{33}{16}$)-($\frac{3}{4}$m2-$\frac{9}{4}$m-3)
=$\frac{27}{4}$m+$\frac{81}{16}$,
∴$\frac{27}{4}$m+$\frac{81}{16}$=3,
∴m=-$\frac{11}{36}$,
若点D1在直线A1P1的左侧时,如图3,
此时D的横坐标为m-$\frac{9}{2}$,
把x=m-$\frac{9}{2}$代入y=$\frac{3}{4}$x2-$\frac{9}{4}$x-3,
∴D1的坐标为(m+$\frac{9}{2}$,$\frac{3}{4}$m2-9m+$\frac{357}{16}$),
∴F1的坐标为(m,$\frac{3}{4}$m2-9m+$\frac{357}{16}$),
∴P1F1=($\frac{3}{4}$m2-9m+$\frac{357}{16}$)-($\frac{3}{4}$m2-$\frac{9}{4}$m-3)
=-$\frac{27}{4}$m+$\frac{405}{16}$=3,
∴m=$\frac{119}{36}$,
当A1与D1在抛物线上时,
∵A1的横坐标为m,
∴A1的坐标为(m,$\frac{3}{4}$m2-$\frac{9}{4}$m-3),
若点D1在直线A1P1的右侧时,如图2,
此时D的横坐标为m+$\frac{9}{2}$,
把x=m+$\frac{9}{2}$代入y=$\frac{3}{4}$x2-$\frac{9}{4}$x-3,
∴D1的坐标为(m+$\frac{9}{2}$,$\frac{3}{4}$m2+$\frac{9}{2}$m+$\frac{33}{16}$),
∴F1的坐标为(m,$\frac{3}{4}$m2+$\frac{9}{2}$m+$\frac{33}{16}$),
∴A1F1=($\frac{3}{4}$m2+$\frac{9}{2}$m+$\frac{33}{16}$)-($\frac{3}{4}$m2-$\frac{9}{4}$m-3)
=$\frac{27}{4}$m+$\frac{81}{16}$,
∴$\frac{27}{4}$m+$\frac{81}{16}$=6,
∴m=$\frac{5}{36}$,
若点D1在直线A1P1的左侧时,如图3,
此时D的横坐标为m-$\frac{9}{2}$,
把x=m-$\frac{9}{2}$代入y=$\frac{3}{4}$x2-$\frac{9}{4}$x-3,
∴D1的坐标为(m-$\frac{9}{2}$,$\frac{3}{4}$m2-9m+$\frac{357}{16}$),
∴F1的坐标为(m,$\frac{3}{4}$m2-9m+$\frac{357}{16}$),
∴A1F1=($\frac{3}{4}$m2-9m+$\frac{357}{16}$)-($\frac{3}{4}$m2-$\frac{9}{4}$m-3)
=-$\frac{27}{4}$m+$\frac{405}{16}$=6,
∴m=$\frac{103}{36}$,
综上所述,当m=-$\frac{11}{36}$、$\frac{119}{36}$、$\frac{5}{36}$、$\frac{103}{36}$时,能满足题意.
点评 本题考查二次函数的综合问题,涉及待定系数法求解析式,联立解析式求交点问题,全等三角形的性质,轴对称的性质等知识,综合程度高,难度较大,需要学生利用分类的思想进行解答.
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科目:初中数学 来源: 题型:选择题
A. | 0.1126×1010 | B. | 1.126×109 | C. | 1.126×108 | D. | 11.26×107 |
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