分析 (1)过点M作ME⊥OP于点E,作MF⊥OQ于点F,可得四边形OEBF是矩形,根据三角形的中位线定理可得ME=MF,再根据同角的余角相等可得∠AME=∠BMF,再利用“角边角”证明△AME和△BMF全等,根据全等三角形对应边相等即可证明;
(2)利用四边形AOBM的面积为:S△POQ-S△MPA-S△MQB进而得出即可;
(3)根据全等三角形对应边相等可得AE=BF,设OA=x,表示出AE为2-x,即BF的长度,然后表示出OB=2+(2-x),再利用勾股定理列式求出AM,然后根据等腰直角三角形的斜边等于直角边的$\sqrt{2}$倍表示出AB的长度,然后根据三角形的周长公式列式判断出△AOB的周长随AB的变化而变化,再根据二次函数的最值问题求出周长最小时的x的值,然后解答即可.
解答 (1)证明:如图,过点M作ME⊥OP于点E,作MF⊥OQ于点F,
∵∠O=90°,
∴四边形OEMF是矩形,
∵M是PQ的中点,OP=OQ=4,∠O=90°,
∴ME=$\frac{1}{2}$OQ=2,MF=$\frac{1}{2}$OP=2,
∴ME=MF,
∴四边形OEMF是正方形,
∵∠AME+∠AMF=90°,∠BMF+∠AMF=90°,
∴∠AME=∠BMF,
在△AME和△BMF中,
$\left\{\begin{array}{l}{∠AME=∠BMF}\\{ME=MF}\\{∠AEM=∠BFM}\end{array}\right.$,
∴△AME≌△BMF(ASA),
∴MA=MB;
(2)解:四边形AOBM的面积不发生变化;
理由:由(1)得出:AE=FB,OF=FQ=OE,
∴BQ=FQ-BF=EO-AE=AO,
∴PA+BQ=PO=5,
∵四边形AOBM的面积为:S△POQ-S△MPA-S△MQB=$\frac{1}{2}$×PO×QO-$\frac{1}{2}$(PA+BQ)×ME=$\frac{1}{2}$×5×5-$\frac{1}{2}$×5×$\frac{5}{2}$=$\frac{25}{4}$;
(3)解:由(1)证得△AME≌△BMF(ASA),
∴AE=BF,
设OA=x,则AE=2-x,
∴OB=OF+BF=2+(2-x)=4-x,
在Rt△AME中,AM=$\sqrt{A{E}^{2}+M{E}^{2}}$=$\sqrt{(2-x)^{2}+{2}^{2}}$,
∵∠AMB=90°,MA=MB,
∴AB=$\sqrt{2}$AM=$\sqrt{2}$•$\sqrt{(2-x)^{2}+{2}^{2}}$=$\sqrt{2(2-x)^{2}+8}$,
∴△AOB的周长=OA+OB+AB=x+(4-x)+$\sqrt{2(2-x)^{2}+8}$=4+$\sqrt{2(2-x)^{2}+8}$,
∵x是一个变量,
∴,△AOB的周长有变化,
故答案为:有.
点评 本题考查了全等三角形的判定与性质,等腰直角三角的性质,三角形的中位线定理,勾股定理的应用,以及二次函数的最值问题,作出辅助线,把动点问题转化为固定的三角形,构造出全等三角形是解题的关键,也是本题的难点.
科目:初中数学 来源: 题型:选择题
A. | 2 | B. | 3 | C. | 4 | D. | 6 |
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科目:初中数学 来源: 题型:选择题
A. | 80° | B. | 88° | C. | 92° | D. | 98° |
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科目:初中数学 来源: 题型:填空题
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科目:初中数学 来源: 题型:填空题
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科目:初中数学 来源: 题型:选择题
A. | 1个 | B. | 2个 | C. | 3个 | D. | 4个 |
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科目:初中数学 来源: 题型:选择题
x | 6.17 | 6.18 | 6.19 | 6.20 |
y=ax2+bx+c | -0.03 | -0.01 | 0.02 | 0.06 |
A. | 6.17-6.18之间 | B. | 6.18-6.19之间 | C. | 6.19-6.20之间 | D. | 不确定 |
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