分析 (1)将点A、C的坐标代入抛物线解析式可得出b、c的值,继而得出抛物线解析式,利用待定系数法可求出AC的函数解析式;
(2)利用轴对称求最短路径的知识,找到N点关于直线x=3的对称点N′,连接N'D,N'D与直线x=3的交点即是点M的位置,继而求出m的值.
(3)设出点E的坐标,分情况讨论,①当点E在线段AC上时,点F在点E上方,②当点E在线段AC(或CA)延长线上时,点F在点E下方,根据平行四边形的性质表示出F的坐标,将点F的坐标代入抛物线解析式可得出x的值,继而求出点E的坐标.
(4)根据面积的比,可得(xP-xA):(xC-xP)=1:3,根据比例的性质,可得答案.
解答 解:(1)由抛物线y=-x2+bx+c过点A(-1,0)及C(2,3),可得:$\left\{\begin{array}{l}{-1+b+c=0}\\{-4+2b+c=3}\end{array}\right.$,
解得:$\left\{\begin{array}{l}{b=2}\\{c=3}\end{array}\right.$,
故抛物线为y=-x2+2x+3,
设直线AC解析式为y=kx+n,将点A(-1,0)、C(2,3)代入得:$\left\{\begin{array}{l}{-k+n=0}\\{2k+n=3}\end{array}\right.$,
解得:$\left\{\begin{array}{l}{k=1}\\{n=1}\end{array}\right.$,
故直线AC为y=x+1.
(2)作N点关于直线x=3的对称点N′,则N′(6,3),由(1)得D(1,4),
可求出直线DN′的函数关系式为y=-$\frac{1}{5}$x+$\frac{21}{5}$,
当M(3,m)在直线DN′上时,MN+MD的值最小,
则m=-$\frac{1}{5}$×3+$\frac{21}{5}$=$\frac{18}{5}$.
(3)由(1)、(2)得D(1,4),B(1,2)
点E在直线AC上,设E(x,x+1),
①当点E在线段AC上时,点F在点E上方,则F(x,x+3),
∵F在抛物线上,
∴x+3=-x2+2x+3
解得,x=0或x=1(舍去),
则点E的坐标为:(0,1).
②当点E在线段AC(或CA)延长线上时,点F在点E下方,则F(x,x-1),
∵点F在抛物线上,
∴x-1=-x2+2x+3,
解得x=$\frac{1-\sqrt{17}}{2}$或x=$\frac{1+\sqrt{17}}{2}$,
即点E的坐标为:($\frac{1-\sqrt{17}}{2}$,$\frac{3-\sqrt{17}}{2}$)或($\frac{1+\sqrt{17}}{2}$,$\frac{3+\sqrt{17}}{2}$)
综上可得满足条件的点E为E(0,1)或($\frac{1-\sqrt{17}}{2}$,$\frac{3-\sqrt{17}}{2}$)或($\frac{1+\sqrt{17}}{2}$,$\frac{3+\sqrt{17}}{2}$);
(4)S△APQ=$\frac{1}{2}$AP•(xP-xA),S△CPQ=$\frac{1}{2}$AP(xC-xP),
S△APQ:S△CPQ=1:3,即(xP-xA):(xC-xP)=1:3,解得x=-$\frac{1}{4}$,y=-x2+2x+3=$\frac{39}{16}$,即P(-$\frac{1}{4}$,$\frac{39}{16}$);
S△APQ:S△CPQ=3:1,即(xP-xA):(xC-xP)=3:1,解得x=$\frac{5}{4}$,y=-x2+2x+3=$\frac{63}{16}$,即P($\frac{5}{4}$,$\frac{63}{16}$),
综上所述:若线段PQ将△PAC分成两部分的面积比为1:3,点P的坐标是(-$\frac{1}{4}$,$\frac{39}{16}$)($\frac{5}{4}$,$\frac{63}{16}$).
点评 本题考查了二次函数的综合题,涉及了待定系数法求函数解析式、轴对称求最短路径及平行四边形的性质,同学们注意培养自己解答综合题的能力,将所学知识融会贯通.
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A. | 19,7,14 | B. | 11,20,19 | C. | 14,7,19 | D. | 7,14,19 |
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