分析 (1)由四边形内角和定理求出∠ADC=165°,设∠ABD=y,则∠CDB=2y,∠ADB=135°-y,得出方程135°-y+2y=165°,解方程即可;
(2)作DM⊥AB于E,BN⊥CD于F,设DN=x,证出△BCN是等腰直角三角形,得出CN=BN,求出∠DBN=30°,由含30°角的直角三角形的性质得出BD=2DN=2x,求出BN=CN=$\sqrt{3}$x,得出CD=x+$\sqrt{3}$x,同理得出AB=AM+BM=x+$\sqrt{3}$x,即可得出结果CD=AB;
(3)由(2)得:x+$\sqrt{3}$x=3$\sqrt{3}$,求出x=$\frac{9-3\sqrt{3}}{2}$,得出BD=9-3$\sqrt{3}$,由含30°角的直角三角形的性质得出DE=$\frac{1}{2}$CD=$\frac{3\sqrt{3}}{2}$,得出BE=BD-DE=9-$\frac{9\sqrt{3}}{2}$,由三角函数求出BF=6$\sqrt{3}$-9,即可得出结果.
解答 (1)解:∵∠ABC=105°,∠A=∠C=45°,
∴∠ADC=360°-45°-45°-105°=165°,
设∠ABD=y,则∠CDB=2y,∠ADB=180°-45°-y=135°-y,
∴135°-y+2y=165°,
解得:y=30°,
即∠ABD=30°;
(2)证明:作DM⊥AB于M,BN⊥CD于N,如图所示:
设DN=x,
∵BN⊥CD,∠C=45°,
∴∠CBN=∠C=45°,
∴△BCN是等腰直角三角形,
∴CN=BN,
∵∠CDB=2×30°=60°,
∴∠DBN=30°,
∴BD=2DN=2x,
∴BN=CN=$\sqrt{3}$x,
∴CD=x+$\sqrt{3}$x,
∵DM⊥AB,
∴DM=$\frac{1}{2}$BD=x,BM=$\sqrt{3}$DM=$\sqrt{3}$x,
∵∠A=45°,
∴△ADM是等腰直角三角形,
∴AM=DM=x,
∴AB=AM+BM=x+$\sqrt{3}$x,
∴CD=AB;
(3)解:由(2)得:CD=AB=3$\sqrt{3}$,x+$\sqrt{3}$x=3$\sqrt{3}$,
解得:x=$\frac{9-3\sqrt{3}}{2}$,
∴BD=9-3$\sqrt{3}$,
∵CF⊥BD,
∴∠DCE=90°-60°=30°,
∴DE=$\frac{1}{2}$CD=$\frac{3\sqrt{3}}{2}$,
∴BE=BD-DE=9-$\frac{9\sqrt{3}}{2}$,
∵∠ABD=30°,
∴BF=$\frac{BE}{cos30°}$=6$\sqrt{3}$-9,
∴BF+BE=6$\sqrt{3}$-9+9-$\frac{9\sqrt{3}}{2}$=$\frac{3\sqrt{3}}{2}$;
故答案为:$\frac{3\sqrt{3}}{2}$.
点评 本题考查了勾股定理、等腰直角三角形的判定和性质、含有30°角的直角三角形的性质;解题的关键是作辅助线DM、BN,构造直角三角形是解决问题的关键.
科目:初中数学 来源: 题型:选择题
A. | -3 | B. | 3 | C. | -$\frac{1}{3}$ | D. | $\frac{1}{3}$ |
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科目:初中数学 来源: 题型:选择题
A. | (2,-5) | B. | (5,-2) | C. | (-5,-2) | D. | (-2,5) |
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科目:初中数学 来源: 题型:解答题
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