分析 (1)由A、B的坐标,利用待定系数法可求得直线AB的表达式;
(2)可先求得直线OA的解析式为y=x,可设N(x,x),由平行线分线段成比例可求得ON的长,则可得到关于x的方程,可求得N点的坐标;
(3)由(2)的方法可用t表示出N点坐标,从而可表示出△OMN的面积,可求得△OMN和△OBA的面积比,则可求得其相似比,设O到MN的距离为d,O到AB的距离为h,可得到h到点P到MN的距离,可求得△PMN的面积,即可得到S与t的函数关系式,再利用二次函数的性质,可求得其最大值.
解答 解:
(1)设直线AB解析式为y=kx+b,
由题意可得$\left\{\begin{array}{l}{6k+b=6}\\{8k+b=0}\end{array}\right.$,解得$\left\{\begin{array}{l}{k=-3}\\{b=24}\end{array}\right.$,
∴直线AB的表达式为y=-3x+24;
(2)由题意可得直线OA的解析式为y=x,
∴可设N(x,x),且A(6,6),
∴ON=$\sqrt{2}$x,OA=6$\sqrt{2}$,
∵M(2,0),B(8,0),
∴OM=2,OB=8,
∵MN∥AB,
∴$\frac{ON}{OA}$=$\frac{OM}{OB}$,即$\frac{\sqrt{2}x}{6\sqrt{2}}$=$\frac{2}{8}$,解得x=$\frac{3}{2}$,
∴N($\frac{3}{2}$,$\frac{3}{2}$);
(3)同(2)可知当M(t,0)时,则OM=t,
∴$\frac{\sqrt{2}x}{6\sqrt{2}}$=$\frac{t}{8}$,解得x=$\frac{3}{4}$t,
∴N($\frac{3}{4}$t,$\frac{3}{4}$t),
∴S△OMN=$\frac{1}{2}$t•$\frac{3}{4}$=$\frac{3}{8}{t}^{2}$,
∵A(6,6),B(8,0),
∴S△OBA=$\frac{1}{2}$×8×6=24,
设O到MN的距离为d,O到AB的距离为h,
∵MN∥AB,
∴△OMN∽△OBA,
∴$\frac{{S}_{△OMN}}{{S}_{△OBA}}$=$\frac{\frac{3}{8}{t}^{2}}{24}$=($\frac{h}{d}$)2,
∴$\frac{h}{d}$=$\frac{t}{8}$,
∴$\frac{h}{d-h}$=$\frac{t}{8-t}$,即点O到MN的距离与点P到MN的距离之比为$\frac{t}{8-t}$,
∴$\frac{{S}_{△OMN}}{S}$=$\frac{t}{8-t}$,即$\frac{\frac{3}{8}{t}^{2}}{S}$=$\frac{t}{8-t}$,
∴S=-$\frac{3}{8}$t2+3t=-$\frac{3}{8}$(t-4)2+6,
∵-$\frac{3}{8}$<0,
∴当t=4时,S有最大值6.
点评 本题为一次函数的综合应用,涉及待定系数法、勾股定理、相似三角形的判定和性质、二次函数的性质及方程思想等知识点.在(1)中注意利用待定系数法、在(2)中用由勾股定理和相似比分别求得ON的长是解题的关键,在(3)中用t表示出△OMN的面积及P到MN的距离是解题的关键.本题考查知识点较多,综合性较强,难度较大.
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