分析 连接HO并延长交BC于P,作EG⊥AD于G,设AE=1,根据直角三角形的性质求出EF、AF,设BE=x,CE=y,证明△ABE∽△ECF,根据相似三角形的性质表示出AB、CF、DF,结合图形、根据勾股定理列出高次方程,解方程求出x、y的值,根据正弦的定义计算即可.
解答 解:连接HO并延长交BC于P,作EG⊥AD于G,
设AE=1,
∵∠AEF=90°,∠AFE=30°,
∴EF=$\sqrt{3}$,AF=2,
由切线长定理得,AH=AE=1,
设BE=x,CE=y,
∵∠B=∠C=90°,∠AEF=90°,
∴△ABE∽△ECF,
∴$\frac{AB}{EC}=\frac{BE}{CF}=\frac{AE}{EF}=\frac{1}{\sqrt{3}}$,
∴AB=$\frac{\sqrt{3}}{3}$y,CF=$\sqrt{3}$x,
则DF=$\frac{\sqrt{3}}{3}$y-$\sqrt{3}$x,
∵EG∥HP∥CD,OE=OF,
∴DH=HG=$\frac{1}{2}$DG=$\frac{1}{2}$EC=$\frac{1}{2}$y,
∵BE=x,CE=y,
∴AD=BC=x+y,
∴DH=x+y-1,
则x+y-1=$\frac{1}{2}$y,
在Rt△ADF中,AD2+DF2=AF2,即(x+y)2+($\frac{\sqrt{3}}{3}$y-$\sqrt{3}$x)2=4,
$\left\{\begin{array}{l}{x+y-1=\frac{1}{2}y}\\{4{x}^{2}+\frac{4}{3}{y}^{2}=4}\end{array}\right.$,
解得,$\left\{\begin{array}{l}{x=\frac{1}{7}}\\{y=\frac{12}{7}}\end{array}\right.$,
则DF=$\frac{\sqrt{3}}{3}$y-$\sqrt{3}$x=$\frac{3}{7}\sqrt{3}$,
∴sin∠DAF=$\frac{DF}{AF}$=$\frac{3}{14}\sqrt{3}$,
故答案为:$\frac{3}{14}\sqrt{3}$.
点评 本题考查的是圆的切线的性质、矩形的性质相似三角形的判定和性质、高次方程的解法以及勾股定理的应用,正确作出辅助线、灵活运用相关的性质定理是解题的关键.
科目:初中数学 来源: 题型:填空题
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A. | y1>y2 | B. | y1=y2 | C. | y1<y2 | D. | 不能比较 |
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