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20.已知抛物线C1:y=x2+2x-3与x轴交于点A,B(点A在点B左侧),与y轴交于点C,抛物线C2:y=ax2+bx+c经过点B,与x轴的另一个交点为E(-4,0),与y轴交于点D(0,2).
(1)求抛物线C2的解析式;
(2)设点P为线段AB上一动点(点P不与点A,B重合),过点P作x轴的垂线交抛物线C1于点M,交抛物线C2于点N.
①当四边形AMBN的面积最大时,求点P的坐标;
②当CM=DN≠0时,求点P的坐标.

分析 (1)可先求得A、B、C的坐标,利用待定系数法可求得抛物线C2的解析式;
(2)可设P(x,0),①则可表示出M、N的坐标,可表示出MN的长,从而可用x表示出四边形AMBN的面积,利用二次函数的性质可求得当其取最大值时x的值,可求得P点坐标;
②分CM和DN平行和不平行两种情况,分别构造全等三角形可得到关于x的方程,从而可求得P点坐标.

解答 解:
(1)在y=x2+2x-3中,令y=0可得0=x2+2x-3,解得x=-3或x=1,令x=0可得y=-3,
∴A(-3,0),B(1,0),C(0,-3),
设抛物线C2的解析式为y=ax2+bx+c,
把B、D、E三点坐标代入可得$\left\{\begin{array}{l}{a+b+c=0}\\{16a-4b+c=0}\\{c=2}\end{array}\right.$,解得$\left\{\begin{array}{l}{a=-\frac{1}{2}}\\{b=-\frac{3}{2}}\\{c=2}\end{array}\right.$,
∴抛物线C2的解析式为y=-$\frac{1}{2}$x2-$\frac{3}{2}$x+2;

(2)设P(x,0)(-3<x<1),则M(x,x2+2x-3),N(x,-$\frac{1}{2}$x2-$\frac{3}{2}$x+2),
①∵点P为线段AB上一动点,
∴MN=-$\frac{1}{2}$x2-$\frac{3}{2}$x+2-(x2+2x-3)=-$\frac{3}{2}$x2-$\frac{7}{2}$x+5,
∴S四边形AMBN=$\frac{1}{2}$AB•MN=$\frac{1}{2}$×4(-$\frac{3}{2}$x2-$\frac{7}{2}$x+5)=-3x2-7x+10=-3(x+$\frac{7}{6}$)2+$\frac{169}{12}$,
∵-3<0,
∴当x=-$\frac{7}{6}$时,S四边形AMBN有最大值,
此时P点坐标为(-$\frac{7}{6}$,0);

②分CM和DN平行和不平行两种情况,
当CM与DN不平行时,如图1,作MF⊥CD于F,NG⊥CD于G,

在Rt△MFC和Rt△NGD中
$\left\{\begin{array}{l}{MF=NG}\\{MC=ND}\end{array}\right.$
∴Rt△MFC≌Rt△NGD(HL),
∴FC=GD,
∴PM-PN=FO-OG=OC-OD=3-2=1,
∴-x2-2x+3-(-$\frac{1}{2}$x2-$\frac{3}{2}$x+2)=1,解得x=-1或x=0(舍去),
∴P(-1,0);
当CM∥DN时,如图2,

则四边形MNDC为平行四边形,
∴MN=CD=2+3=5,
∴-$\frac{3}{2}$x2-$\frac{7}{2}$x+5=5,解得x=0(舍去)或x=-$\frac{7}{3}$,
∴P(-$\frac{7}{3}$,0);
综上可知P点坐标为(-1,0)或(-$\frac{7}{3}$,0).

点评 本题为二次函数的综合应用,涉及待定系数法、四边形的面积、二次函数的性质、全等三角形的判定和性质、平行四边形的判定和性质、方程思想及分类讨论思想等知识.在(1)中求得B点坐标是解题的关键,在(2)中用P点的坐标表示出MN的长是解题的关键.本题考查知识点较多,综合性较强,难度适中.

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