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17.如图,已知抛物线y=x2+bx+c的顶点为Q,交y轴于点A(0,3),交x轴于B(-1,0),C两点,过点B作AB的垂线交抛物线于点D.
(1)求此抛物线的解析式及顶点Q的坐标;
(2)动点P沿BD从B向D运动,动点P在运动过程中,是否存在以B,P,C为顶点的三角形与△AOB相似?若存在,求出此时PC的长;若不存在.请说明理由.
(3)在(2)存在条件下,分别求四边形BQCP的面积.

分析 (1)把A(0,3),B(-1,0)代入y=x2+bx+c即可得到结论;
(2)根据已知条件得到OA=3,OB=1,根据勾股定理得到AB=$\sqrt{10}$,得到BC=2,根据余角的性质得到∠CBP=∠BAO,①如图1,当∠CPB=∠BOA=90°时,△CPB∽△BOA,根据相似三角形的性质得到PC=$\frac{2}{\sqrt{10}}$,PB=$\frac{6}{\sqrt{10}}$,过P作PH⊥BC于H,于是得到P(-$\frac{14}{5}$,$\frac{3}{5}$),②如图2,当∠PCB=∠BOA=90°时,△PCB∽△BOA,根据相似三角形的性质得到PC=$\frac{2}{3}$,于是得到P(-3,$\frac{2}{3}$);
(3)根据三角形的面积公式即可得到结论.

解答 解:(1)把A(0,3),B(-1,0)代入y=x2+bx+c得$\left\{\begin{array}{l}{3=c}\\{0=1-b+c}\end{array}\right.$,
∴$\left\{\begin{array}{l}{b=4}\\{c=3}\end{array}\right.$,
∴抛物线的解析式为y=x2+4x+3,
∵y=x2+4x+3=(x+2)2-1,
∴Q的坐标为(-2,-1);
(2)存在,
理由:∵A(0,3),B(-1,0),
∴OA=3,OB=1,
∴AB=$\sqrt{10}$,
∵B(-1,0),抛物线的对称轴为直线x=-2,
∴C(-3,0),
∴BC=2,
∵AB⊥DB,
∴∠CBP+∠ABO=∠ABO+∠BAO=90°,
∴∠CBP=∠BAO,
①如图1,当∠CPB=∠BOA=90°时,△CPB∽△BOA,
∴$\frac{PB}{AO}=\frac{PC}{OB}=\frac{BC}{AB}=\frac{2}{\sqrt{10}}$,
∴PC=$\frac{2}{\sqrt{10}}$,PB=$\frac{6}{\sqrt{10}}$,
过P作PH⊥BC于H,
∴PH=$\frac{PC•PB}{BC}$=$\frac{3}{5}$,
∴BH=$\sqrt{P{B}^{2}-P{H}^{2}}$=$\frac{9}{5}$,
∴OH=$\frac{14}{5}$,
∴P(-$\frac{14}{5}$,$\frac{3}{5}$),
②如图2,当∠PCB=∠BOA=90°时,△PCB∽△BOA,
∴$\frac{PC}{OB}=\frac{BC}{AO}$,
∴PC=$\frac{2}{3}$,
∴P(-3,$\frac{2}{3}$);
(3)如图1,S四边形BQCP=S△BCP+S△BCQ=$\frac{1}{2}×$2×$\frac{3}{5}$+$\frac{1}{2}×$2×1=$\frac{8}{5}$;
如图2,S四边形BQCP=S△BCP+S△BCQ=$\frac{1}{2}×$2×$\frac{2}{3}$+$\frac{1}{2}×$2×1=$\frac{5}{3}$,
∴四边形BQCP的面积为$\frac{8}{5}$或$\frac{5}{3}$.

点评 本题考查了待定系数法取二次函数的解析式,相似三角形的性质,三角形面积的计算,正确的作出图形是解题的关键.

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