(1)证明:在Rt△ACB和Rt△BDA中,
,
∴△ACB≌△BDA(AAS),
∴AC=BD;
(2)FG+FC
1=BD;理由为:
证明:过点F作FH⊥BD于点H(如图2),
∵FG⊥AD于点G,∠D=90°,
∴四边形FGDH为矩形,
∴FG=HD,DG∥FH,
∴∠DAB=∠HFB,
∵∠DAB=∠CBA,
∴∠CBA=∠HFB,
在△C
1FB≌△HBF中,
∴△C
1FB≌△HBF(AAS),
∴C
1F=HB,
∴GF+C
1F=DH+HB=BD,即FG+FC
1=BD;
(3)仍然成立.关系式为FG+FC
1=BD,理由为:
证明:过点F作FH⊥BD于点H(如图3),
∵FG⊥AD于点G,∠D=90°,
∴四边形FGDH为矩形,
∴FG=HD,DG∥FH
∴∠DAB=∠HFB,
∵∠DAB=∠CBA,
∴∠CBA=∠HFB,
在△C
1FB≌△HBF中,
∴△C
1FB≌△HBF(AAS),
∴C
1F=HB,
∴GF+C
1F=DH+HB=BD,即FG+FC
1=BD.
分析:(1)由已知的两对角相等,加上公共边AB=BA,利用AAS得出三角形ABC与三角形ABD全等,由全等三角形的对应边相等即可得证;
(2)FG+FC
1=BD;理由为:过F作FH垂直于BD,由三个角为直角的四边形为矩形得到GFHD为矩形,可得FG=DH,DG与FH平行,由平行得到一对同位角相等,再由平移的性质及已知的两角相等得到一对角相等,再由一对直角相等及FB为公共边,利用AAS可得出三角形C
1FB与三角形HBF全等,由全等三角形的对应边相等得到C
1F=HB,等量代换即可得证;
(3)当Rt△ACB沿BC方向平移到图3所示的位置(点C
1在线段BE上,且点C
1与点B不重合)时,(2)中的猜想仍然成立,证明方法同理.
点评:此题考查了全等三角形的判定与性质,平移的性质,以及矩形的判额定与性质,熟练掌握全等三角形的判定与性质是解本题的关键.