分析 (1)先依据翻折的性质和平行线的性质证明∠DGF=∠DFG,从而得到GD=DF,接下来依据翻折的性质可证明DG=GE=DF=EF;
(2)连接DE,交AF于点O.由菱形的性质可知GF⊥DE,OG=OF=$\frac{1}{2}$GF,接下来,证明△DOF∽△ADF,由相似三角形的性质可证明DF2=FO•AF,于是可得到GE、AF、FG的数量关系;
(3)过点G作GH⊥DC,垂足为H.利用(2)的结论可求得FG=4,然后再△ADF中依据勾股定理可求得AD的长,然后再证明△FGH∽△FAD,利用相似三角形的性质可求得GH的长,最后依据BE=AD-GH求解即可.
解答 解:(1)证明:∵GE∥DF,
∴∠EGF=∠DFG.
∵由翻折的性质可知:GD=GE,DF=EF,∠DGF=∠EGF,
∴∠DGF=∠DFG.
∴GD=DF.
∴DG=GE=DF=EF.
∴四边形EFDG为菱形.
(2)EG2=$\frac{1}{2}$GF•AF.
理由:如图1所示:连接DE,交AF于点O.
∵四边形EFDG为菱形,
∴GF⊥DE,OG=OF=$\frac{1}{2}$GF.
∵∠DOF=∠ADF=90°,∠OFD=∠DFA,
∴△DOF∽△ADF.
∴$\frac{DF}{AF}=\frac{FO}{DF}$,即DF2=FO•AF.
∵FO=$\frac{1}{2}$GF,DF=EG,
∴EG2=$\frac{1}{2}$GF•AF.
(3)如图2所示:过点G作GH⊥DC,垂足为H.
∵EG2=$\frac{1}{2}$GF•AF,AG=6,EG=2$\sqrt{5}$,
∴20=$\frac{1}{2}$FG(FG+6),整理得:FG2+6FG-40=0.
解得:FG=4,FG=-10(舍去).
∵DF=GE=2$\sqrt{5}$,AF=10,
∴AD=$\sqrt{A{F}^{2}-D{F}^{2}}$=4$\sqrt{5}$.
∵GH⊥DC,AD⊥DC,
∴GH∥AD.
∴△FGH∽△FAD.
∴$\frac{GH}{AD}=\frac{FG}{AF}$,即$\frac{GH}{4\sqrt{5}}$=$\frac{4}{10}$.
∴GH=$\frac{8\sqrt{5}}{5}$.
∴BE=AD-GH=4$\sqrt{5}$-$\frac{8\sqrt{5}}{5}$=$\frac{12\sqrt{5}}{5}$.
点评 本题主要考查的是四边形与三角形的综合应用,解答本题主要应用了矩形的性质、菱形的判定和性质、相似三角形的性质和判定、勾股定理的应用,利用相似三角形的性质得到DF2=FO•AF是解题答问题(2)的关键,依据相似三角形的性质求得GH的长是解答问题(3)的关键.
科目:初中数学 来源: 题型:选择题
A. | 6.9285×108 | B. | 69.285×106 | C. | 0.69285×108 | D. | 6.9285×107 |
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科目:初中数学 来源: 题型:解答题
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科目:初中数学 来源: 题型:解答题
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科目:初中数学 来源: 题型:选择题
A. | y3>y2>y1 | B. | y3>y1=y2 | C. | y1>y2>y3 | D. | y1=y2>y3 |
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科目:初中数学 来源: 题型:选择题
A. | $\sqrt{6}$-$\sqrt{3}$=$\sqrt{3}$ | B. | $\sqrt{(-3)^{2}}$=-3 | C. | a•a2=a2 | D. | (2a3)2=4a6 |
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科目:初中数学 来源: 题型:选择题
A. | 20° | B. | 25° | C. | 40° | D. | 50° |
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