分析 (Ⅰ)连接AE,由OA=OB且OE⊥AB知∠OEG+∠AEC=45°,再证∠OEG=∠BAP、∠AEC=∠ABP,在△ABP中利用三角形外角性质可得答案;
(Ⅱ)由切线性质及∠D=30°可得∠AOC=∠OAC=60°,在Rt△ABC中求得BC=3,由∠APC=45°、∠ACP=90°得CP=AC=$\sqrt{3}$,可知BP=3-$\sqrt{3}$,证OF为△ABP中位线可得答案.
解答 解:(Ⅰ)如图,连接AE,
∵OE⊥AB,OA=OE,
∴∠AOE=90°,∠AEO=45°,
∴∠OEG+∠OGE=90°,
∵AF⊥CE,
∴∠AFG=90°,
∴∠FAG+∠AGF=90°,
∵∠AGF=∠OGE,
∴∠OEG=∠BAP,
∵∠AEC=∠ABC,
∴∠APC=∠ABC+∠BAP=∠AEC+∠OEG=∠AEO=45°;
(Ⅱ)连接OC,
∵CD是⊙O的切线,
∴∠DCO=90°,
∵∠D=30°,
∴∠AOC=60°,
∵OA=OC,
∴∠BAC=60°,
在Rt△ABC中,AC=$\sqrt{3}$,
∴BC=ACtan∠BAC=$\sqrt{3}$×$\sqrt{3}$=3,
由(1)知,AC=CP=$\sqrt{3}$,
∴BP=BC-CP=3-$\sqrt{3}$,
∵AF⊥CE,
∴AF=PF,
∵OA=OB,
∴OF=$\frac{1}{2}$BP=$\frac{3-\sqrt{3}}{2}$.
点评 本题主要考查切线的性质、圆周角定理及解直角三角形等知识点,熟练掌握圆的切线的性质及圆周角定理、三角形外角的性质等是解题的关键.
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A. | a2•a5=a10 | B. | (π-3.14)0=0 | C. | ($\frac{1}{2}$)-2=$\frac{1}{4}$ | D. | $\sqrt{45}$-2$\sqrt{5}$=$\sqrt{5}$ |
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A. | x1=-2,x2=6 | B. | x1=-6,x2=-2 | C. | x1=-3,x2=4 | D. | x1=-4,x2=3 |
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