分析 (1)根据旋转性质以及三角形内角和定理即可解决.
(2)根据EM∥FE′可以得$\frac{EM}{FE′}$=$\frac{EN}{NE′}$=$\frac{1}{2}$,再根据AN=NE,BE′=DE即可得到线段DE、BF、ME之间的关系.
(3)通过辅助线求出线段E′F=7,E′Q=9,再由(2)的结论得到ME的长.
解答 解:(1)∵△ABE′是由△ADE绕点A顺时针旋转120°得到,
∴∠EAE′=120°,AE=AE′,
∴∠E′=∠AEE′=$\frac{1}{2}(180°-∠EAE′)$=30°,
故答案为30°.
(2)①当点E在CD上时,DE+BF=2ME,理由如下:
如图1,当点E在线段CD上,AF交EE′于N,
∵∠EAF=30°,∠EAE′=120,
∴∠E′AN=90°,
∴E′N=2AN,
∵∠NAE=∠NEA=30°,
∴NA=NE,E′N=2EN,
∵EM∥FE′,
∴$\frac{EM}{FE′}$=$\frac{EN}{NE′}$=$\frac{1}{2}$,
∵BE′=DE,
∴E′F=2ME,
∴DE+BF=2ME.
②当点E在CD延长线上,0°<∠EAD∠30°时,BF-DE=2ME,理由如下:
如图2,∵∠EAF=30°,∠EAE′=120,
∴∠E′AN=90°,
∴E′N=2AN,
∵∠NAE=∠NEA=30°,
∴NA=NE,E′N=2EN,
∵EM∥FE′,
∴$\frac{EM}{FE′}$=$\frac{EN}{NE′}$=$\frac{1}{2}$,
∵BE′=DE,
∴E′F=2ME,
∴BF-DE=2ME.
③当30°<∠EAD∠90°时,DE+BF=2ME,理由如下:
如图3,∵∠EAM=30°,∠EAE′=120,
∴∠E′AN=90°,
∴E′N=2AN,
∵∠NAE=∠NEA=30°,
∴NA=NE,E′N=2EN,
∵EM∥FE′,
∴$\frac{EM}{FE′}$=$\frac{EN}{NE′}$=$\frac{1}{2}$,
∵BE′=DE,
∴E′F=2ME,
∴BF+DE=2ME.
④当90°<∠EAD<120°时,DE-BF=2ME,理由如下:
如图4,∵∠EAM=30°,∠EAE′=120,
∴∠E′AN=90°,
∴E′N=2AN,
∵∠NAE=∠NEA=30°,
∴NA=NE,E′N=2EN,
∵EM∥FE′,
∴$\frac{EM}{FE′}$=$\frac{EN}{NE′}$=$\frac{1}{2}$,
∵BE′=DE,
∴E′F=2ME,
∴DE-BF=2ME.
(3)如图5,作AG⊥BC于点G,DH⊥BC于H,AP⊥EE′于P,EQ⊥BC于Q,
∵AD∥BC,AD=AB=CD,∠BAD=120°,易知四边形AGHD是矩形,
在△AGB和△DHC中,
$\left\{\begin{array}{l}{∠ABC=∠DCH}\\{∠AGB=∠DHC}\\{AG=DH}\end{array}\right.$,
∴△AGB≌△DHC,
∴BG=HC,AD=GH,
∵∠ABE′=∠ADC=120°,
∴点E′、B、C共线,设AD=AB=CD=x,则GH=x,BG=CH=$\frac{1}{2}$x,
在RT△EQC中,CE=2,∠ECQ=60°,
∴CQ=$\frac{1}{2}$EC=1,EQ=$\sqrt{3}$,
∴E′Q=BC+BE′-CQ=3x-3,
在RT△APE中,AE=2$\sqrt{7}$,∠AEP=30°,
∴AP=$\sqrt{7}$,PE=$\sqrt{21}$,
∵AE=AE′,AP⊥EE′,
∴PE=PE′=$\sqrt{21}$,
∴EE′=2$\sqrt{21}$,
在RT△E′EQ中,E′Q=$\sqrt{EE{′}^{2}-E{Q}^{2}}$=9,
∴3x-3=9,
∴x=4,
∴DE=BE′=2,BC=8,BG=2,
∴E′G=4,
∵∠AE′G=′AE′F,∠AGE′=∠FAE′,
∴△AGE′∽△FAE′,
∴$\frac{AE′}{E′G}=\frac{E′F}{AE′}$,
∴$\frac{2\sqrt{7}}{4}=\frac{E′F}{2\sqrt{7}}$,
∴E′F=7,
∴BF=E′F-E′B=7-2=5,
∵DE+BF=2ME
∴ME=$\frac{7}{2}$.
点评 本题考查等腰梯形的性质、直角三角形中30度角的性质、勾股定理、平行成比例、旋转的性质等知识,学会分类讨论,正确画出图形是解题的关键.
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