分析 (1)由点C的坐标确定出OC的长,根据三角形ABC面积求出AB的长即可;
(2)根据OA、OB﹙OA<OB﹚的长分别是关于x的一元二次方程x2-4mx+m2+2=0的两根,表示出OA+OB,即为AB的长,进而求出m的值,确定出方程,求出解得到A与B坐标,得到三角形OBC为等腰直角三角形,即可求出∠ABC的度数;
(3)如图1所示,作CD⊥AC,交x轴于点D,根据同角的余角相等及一对公共角,得到三角形AOC与三角形COD相似,由相似得比例求出OD的长,即可确定出点D的坐标;
(4)y轴上存在点P,使∠PBA=∠ACB,理由为:y轴上存在点P,使∠PBA=∠CAB,如图2所示,过点B作PB∥AC,设直线AC解析式为y=kx+b,把点A和点C坐标代入求出k与b的值,确定出直线AC解析式,进而求出直线PB解析式,求出点P坐标,再利用对称性求出点P′坐标即可.
解答 解:(1)∵点C(0,3),
∴OC=3,
∵S△ABC=6,
∴$\frac{1}{2}$×AB×OC=6,
∴AB=4;
(2)∵OA、OB﹙OA<OB﹚的长分别是关于x的一元二次方程x2-4mx+m2+2=0的两根,
∵OA+OB=4m,
∴4m=4,即m=1,
∴方程可化为:x2-4x+3=0,
解得:x1=1,x2=3,
∴A(-1,0),B(3,0),
∴△OBC是等腰直角三角形,
∴∠ABC=45°;
(3)如图1所示,作CD⊥AC,交x轴于点D,
∵∠AOC=∠ACD=90°,
∴∠CAO+∠ACO=90°,∠ACO+∠DCO=90°,
∴∠CAO=∠DCO,
∴△AOC∽△COD,
∴$\frac{AO}{CO}$=$\frac{OC}{OD}$,
∴OD=$\frac{O{C}^{2}}{AO}$=9,
∴D(9,0);
(4)y轴上存在点P,使∠PBA=∠CAB,如图2所示,
过点B作PB∥AC,
设直线AC解析式为y=kx+b,
把A(-1,0),C(0,3)代入得:$\left\{\begin{array}{l}{-k+b=0}\\{b=3}\end{array}\right.$,
解得:$\left\{\begin{array}{l}{k=3}\\{b=3}\end{array}\right.$,
∴直线AC的解析式为:y=3x+3,
设直线PB解析式为y=3x+b,
把B(3,0)代入得:0=9+b,即b=-9,
∴直线PB的解析式为:y=3x-9,
∴P点的坐标为(0,-9),根据对称性得P′(0,9),
则y轴上存在点P,使∠PBA=∠ACB,此时P坐标为(0,-9)或(0,9).
点评 此题属于一次函数综合题,涉及的知识有:坐标与图形性质,解一元二次方程-因式分解法,相似三角形的判定与性质,待定系数法求一次函数解析式,熟练掌握待定系数法是解本题的关键.
科目:初中数学 来源: 题型:选择题
A. | 当∠ABC=90°时,它是矩形 | B. | 当AO=CO,BO=DO时,它是菱形 | ||
C. | 当AC⊥BD时,它是菱形 | D. | 当AC=BD且AC⊥BD时,它是正方形 |
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