分析 (1)由于点O是CD的中点,所以要证BC=BP,只要证明OB∥DP即可;
(2)由DE•OB=40可以想到比例式,由题意可以证明△DEC∽△OCB,由此得DE•OB=OC•DC=40,则OC=2$\sqrt{5}$,再证△ADO∽△OCB即可;
(3)易证△ADE∽△BPE,根据面积的比等于相似比的平方得$\frac{S△ADE}{S△PBE}$=$\frac{A{D}^{2}}{B{P}^{2}}$=$\frac{16}{25}$,则BC=5,又四边形ABCD是梯形,按其面积公式即可求解.
解答 解:(1)证明:连接OE,如下图①,
∵BC、AB分别与⊙O相切于点C、E,
∴∠OCB=∠OEB=90°,
在Rt△OCB与Rt△OEB中,
$\left\{\begin{array}{l}{OC=OE(同圆的半径相等)}\\{OB=OB(公共边相等)}\end{array}\right.$
Rt△OCB≌Rt△OEB(HL)
∴∠COB=∠EOB
∵同弧所对的圆周角是其所对的圆心角的一半,
∴∠COB=$\frac{1}{2}$∠COE=∠CDP,
∴DP∥OB,
又点O是CD的中点,
∴OB是△CDP的中位线,
∴BC=BP
图①
(2)连接OA、OE、CE,如下图②所示
图②
∵CD是⊙O的直径,
∴∠DEC=90°,
又BC与⊙O相切于点C,
∴∠DEC=∠OCB=90°,
又∠4=∠6
∴△DEC∽△OCB,
∴$\frac{DE}{OC}=\frac{DC}{OB}$
∴DE•OB=OC•DC=40
∴DC=2OC
OC2=20,OC=2$\sqrt{5}$,
∵又∠1=∠2,∠3=∠4,
∴∠1+∠4=90°,
又∠1+∠5=90°,
∴∠4=∠5
∴△ADO∽△OCB
∴$\frac{AD}{OC}=\frac{OD}{BC}$
∴AD•BC=OC•OD=OC2=20
即:AD•BC=20
(3)∵AD、BC分别与⊙O相切于点D、C,如图②所示,
∴CD⊥AD,CD⊥PC,
∴AD∥PB
∴△ADE∽△BPE
∴$\frac{S△ADE}{S△PBE}$=$\frac{A{D}^{2}}{B{P}^{2}}$=$\frac{16}{25}$,
∴$\frac{AD}{BC}=\frac{AD}{BP}=\frac{4}{5}$,
即:AD=$\frac{4}{5}$BC=$\frac{4}{5}$BP
又∵AD•BC=20
∴BC2=25
即:BC=5
∴S四边形ABCD=$\frac{1}{2}$(AD+BC)•2OC
=OC(AD+BP)
=2$\sqrt{5}$•$\frac{9}{5}$BC
=2$\sqrt{5}$×$\frac{9}{5}$×5
=18$\sqrt{5}$
即:四边形ABCD的面积为18$\sqrt{5}$
点评 本题考查了圆的切线的性质、相似的性质与判定等知识点,本题的难点是相似的判定与性质的应用,这也是解(2)、(3)两个小题的关键.
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