分析 (1)设交点式y=a(x+4)(x-2),然后把B点坐标代入求出a即可得到抛物线解析式;
(2)先判断△AOB为等腰直角三角形得到∠ABO=45°,再把把D(m,m-2)代入y=$\frac{1}{2}$x2+x-4求出m得到D(-2,-4),则利用D嗲和B点坐标可判断BD∥x轴,BD=2,如图1,根据对称的性质BE=BD=2,BF垂直平分DE,再判断点E在y轴上,于是利用OE=OB-BE=2可得到E点坐标;
(3)如图2,根据平行四边形的判定方法当PQ=OB=4,PQ∥OB时,点P、Q、B、O为顶点的四边形为平行四边形,设Q(t,-t),则P(t,$\frac{1}{2}$t2+t-4),分类讨论:当OQ为边时,四边形OQPB为平行四边形,则|-t-(t,$\frac{1}{2}$t2+t-4)|=4,当OQ为对角线时,四边形OBQP为平行四边形,则$\frac{1}{2}$t2+t-4-t=4,然后分别解方程求出t即可得到满足条件的Q点坐标.
解答 解:(1)设抛物线的解析式为y=a(x+4)(x-2),
把B(0,-4)代入得a•4•(-2)=-4,解得a=$\frac{1}{2}$,
所以抛物线解析式为y=$\frac{1}{2}$(x+4)(x-2),即y=$\frac{1}{2}$x2+x-4;
(2)∵A(-4,0),B(0,-4),
∴OA=OB,
∴△AOB为等腰直角三角形,
∴∠ABO=45°,
把D(m,m-2)代入y=$\frac{1}{2}$x2+x-4得$\frac{1}{2}$m2+m-4=m-2,解得m1=2,m2=-2,
∴D(-2,-4),
而B(0,-4),
∴BD∥x轴,BD=2,
∵点D和点E关于直线AB对称(DE交AB于F),如图1,
∴BE=BD=2,BF垂直平分DE,
∴∠DBF=∠EBF=45°,
∴∠DBE=90°,
∴点E在y轴上,
而OE=OB-BE=2,
∴E点坐标为(0,-2);
(3)判断有2个位置能够使得点P、Q、B、O为顶点的四边形为平行四边形.如图2,
当PQ=OB=4,PQ∥OB时,点P、Q、B、O为顶点的四边形为平行四边形,
设Q(t,-t),则P(t,$\frac{1}{2}$t2+t-4),
当OQ为边时,四边形OQPB为平行四边形,则-t-($\frac{1}{2}$t2+t-4)=4,解得t1=0(舍去),t2=-4,此时Q点坐标为(-4,4),或$\frac{1}{2}$t2+t-4+t=4,解得t1=-2+$\sqrt{5}$(舍去),t2=-2-$\sqrt{5}$,此时Q点的坐标为(-2-$\sqrt{5}$,2+$\sqrt{5}$)
当OQ为对角线时,四边形OBQP为平行四边形,则$\frac{1}{2}$t2+t-4-t=4,解得t1=-2+2$\sqrt{5}$,t2=-2-2$\sqrt{5}$(舍去),此时Q点坐标为(-2+2$\sqrt{5}$,2-2$\sqrt{5}$),
综上所述,Q点的坐标为(-4,4)或(-2+2$\sqrt{5}$,2-2$\sqrt{5}$)或(-2-$\sqrt{5}$,2+$\sqrt{5}$).
点评 本题考查了二次函数的综合题:熟练掌握二次函数图象上点的坐标特征、二次函数的性质和平行四边形的判定方法和对称的性质;会运用待定系数法求函数解析式;理解坐标与图形性质;会运用分类讨论的思想解决数学问题.
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A. | 1 | B. | -1 | C. | 4 | D. | -4 |
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