分析 先延长GO交AB于H,过F作PQ⊥BC,交BC于Q,交AD于P,则∠FQE=∠APF=90°,根据△DOG≌△BOH,可得DG=BH,再根据△APH∽△FQE,可得PF=2EQ,设PF=x,则EQ=$\frac{1}{2}$x,FQ=PQ-PF=6-x,根据Rt△FEQ中,EQ2+FQ2=EF2,可得方程($\frac{1}{2}$x)2+(6-x)2=32,求得PF=3.6,进而得到MF的长,根据MF∥DG,即可得到$\frac{MF}{DG}$=$\frac{OM}{OD}$,即$\frac{2.4}{DG}$=$\frac{3}{5}$,解得DG=4,进而得出BH=4,CG=6-4=2,最后根据S△BFG=S梯形BCGH-S△BFH-S△BCG进行计算即可.
解答 解:如图所示,延长GO交AB于H,过F作PQ⊥BC,交BC于Q,交AD于P,交BD于M,则∠FQE=∠APF=90°,
由O是BD的中点,可得DO=BO,
由DG∥BH,可得∠ODG=∠OBH,而∠DOG=∠BOH,
∴△DOG≌△BOH,
∴DG=BH,
由折叠可得,∠AFE=∠ABE=90°,AF=AB=6,FE=BE=$\frac{1}{2}$BC=3,
∴∠PAF+∠AFP=∠QFE+∠AFP=90°,
∴∠PAF=∠QFE,
∴△APH∽△FQE,
∴$\frac{PF}{QE}$=$\frac{AF}{EF}$=2,即PF=2EQ,
设PF=x,则EQ=$\frac{1}{2}$x,FQ=PQ-PF=6-x,
∵Rt△FEQ中,EQ2+FQ2=EF2,
∴($\frac{1}{2}$x)2+(6-x)2=32,
解得x1=3.6,或x2=6(舍去)
∴PF=3.6,FQ=6-3.6=2.4,
∴EQ=1.8,BQ=3+1.8=4.8,
∴PD=CQ=6-4.8=1.2,
∵△PDM和△ABD都是等腰直角三角形,
∴DM=$\sqrt{2}$PD=$\frac{6}{5}\sqrt{2}$,BD=$\sqrt{2}$AB=6$\sqrt{2}$,PM=PD=1.2,
∴OD=3$\sqrt{2}$,OM=3$\sqrt{2}$-$\frac{6}{5}\sqrt{2}$=$\frac{9}{5}\sqrt{2}$,MF=PQ-PM-QF=6-1.2-2.4=2.4,
∵MF∥DG,
∴$\frac{MF}{DG}$=$\frac{OM}{OD}$,即$\frac{2.4}{DG}$=$\frac{\frac{9}{5}\sqrt{2}}{3\sqrt{2}}$=$\frac{3}{5}$,
解得DG=4,
∴BH=4,CG=6-4=2,
∴S△BFG=S梯形BCGH-S△BFH-S△BCG
=$\frac{1}{2}$(2+4)×6-$\frac{1}{2}$×4×4.8-$\frac{1}{2}$×2×6
=18-9.6-6
=2.4,
故答案为:2.4
点评 本题以折叠问题为背景,主要考查了正方形的性质,全等三角形的判定与性质,相似三角形的判定与性质以及勾股定理的综合应用,解决问题的关键是作辅助线构造全等三角形以及相似三角形,依据全等三角形对应边相等,相似三角形对应边成比例列式计算,依据图形面积的和差关系得出结论.解题时,常常设要求的线段长为x,然后根据折叠和轴对称的性质用含x的代数式表示其他线段的长度,选择适当的直角三角形,运用勾股定理列出方程求出答案.
科目:初中数学 来源: 题型:选择题
A. | 式子$\sqrt{2{x^2}+1}$一定是二次根式 | B. | 带二次根号的式子一定是二次根式 | ||
C. | 式子$\sqrt{\frac{1}{x^2}}$一定是二次根式 | D. | 二次根式的值必定是无理数 |
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A. | ±4$\sqrt{3}$ | B. | 8 | C. | ±2$\sqrt{15}$ | D. | 6 |
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