Question

如图1，在平面直角坐标系x0y中，已知抛物线y=a（x+1）²+c（a＞0）与x轴交于A、B两点（点A在点B的左侧），与y轴交于点C，其顶点为M，若直线MC的函数表达式为y=kx-3，且cos∠BCO=

3 10

10

．

（1）求此抛物线的函数表达式；
（2）如图2，若对称轴与x轴的交点为N，在第三象限此抛物线上是否存在点P，将线段PN绕N点逆时针旋转90°后，点P的对应点Q落在直线MC上？若存在，求出点P的坐标：若不存在，请说明理由；
（3）如图3，若将直线MC沿y轴向上平移m个单位，与抛物线交于D、E两点，与两坐标轴交于F、G两点（点F、G均在线段DE上），分别过D、E两点作DH⊥x轴于H，EI⊥y轴于I，当四边形DHIE为等腰梯形时，求出m的值．

Answer 1

分析：（1）首先由直线MC的解析式能求得C点的坐标；连接BC，在Rt△BOC中，已知OC的长，根据∠BCO的余弦值能求得斜边BC的长，再由勾股定理即可求出OB的值，则B点坐标可得；再由待定系数法可求出该抛物线的解析式．
（2）分别过点P、Q作x轴的垂线PJ、QK，那么由∠PNQ=90°、PN=NQ可证得Rt△PJN≌Rt△NKQ，可得到的条件有：PJ=NK、JN=KQ，首先根据抛物线的解析式设出P点的坐标，再由上述等长线段表达出点Q的坐标，而点Q落在直线MC上，将该点坐标代入直线MC的解析式中即可确定点P的坐标．
（3）由（2）的解答过程知：直线MC的斜率为1，因此∠IHO=∠GFO=45°，可得：OI=OH；而四边形DHIE是等腰梯形，那么IE=HD；设E点的坐标为（a，b）（a＞0，b＞0），那么点D的坐标可表达为（-b，-a），这两点都在抛物线的图象上，通过联立方程组即可求出E、D两点的坐标；直线MC可由“左加右减、上加下减”的平移规律得到直线DE的函数表达式，再代入点D或点E的坐标即可求出m的值．

解答：解：（1）由直线MC：y=kx-3，得：C（0，-3）；
连接BC（如图1），在Rt△BOC中，OC=3，则：
BC=

OC

cos∠BCO

=

3

3 10

=

10

，OB=

BC2-OC2

=

10-9

=1；
∴B（1，0）；
将B（1，0）、C（0，-3）代入y=a（x+1）²+c（a＞0）中，得：

a(1+1)2+c=0 a(0+1)2+c=-3

，解得

a=1 c=-4

∴抛物线的函数表达式：y=（x+1）²-4=x²+2x-3．

（2）分别过点P、Q作PJ⊥x轴于J，QK⊥x轴于K；（如图2）
∵PQ是由PN绕点N逆时针旋转90°所得，
∴∠PNQ=90°，PN=NQ；
∵

∠PNJ=∠NQK=90°-∠QNK PN=NQ ∠PJN=∠NKQ=90°

，∴△PNJ≌△NQK，
∴PJ=NK，QK=JN；
设P（x，x²+2x-3）（-3＜x＜0），则PJ=NK=-x²-2x+3，OJ=-x；
∴QK=JN=OJ-ON=-x-1，OK=NK-ON=PJ-ON=-x²-2x+3-1=-x²-2x+2，则 Q（-x²-2x+2，x+1）；
由M（-1，-4）易求得直线MC：y=x-3，有：
-x²-2x+2-3=x+1，化简，得：x²+3x+2=0
解得：x₁=-1，x₂=-2
∴P₁（-1，-4），P₂（-2，-3）．

（3）由题意知，直线DE：y=x+m-3；
∵kMC=kDE=1，∴tan∠EFO=1，即∠EFO=45°；
∵四边形DHIE是等腰梯形，
∴HI∥DE，IE=HD；
在Rt△IHO中，∠IHO=∠EFO=45°，则OI=OH；
设E（a，b）（a＞0，b＞0），则：OH=OI=b，HD=IE=a，即 D（-b，-a）；
由于抛物线经过D、E两点，则有：

a2+2a-3=b b2-2b-3=-a

，解得

a= 17 -1 2 b= 17 +1 2

∴E（

17 -1

2

，

17 +1

2

），代入直线DE的解析式，有：

17 +1

2

=

17 -1

2

+m-3，解得：m=4；
即：四边形DHIE为等腰梯形时，m=4．

点评：此题主要考查了函数解析式的确定、函数图象的平移规律、解直角三角形、全等三角形的判定和性质以及等腰梯形的性质等综合知识；在后面两个小题中，先设一点的坐标，然后通过线段间的等量关系表达出另一点的坐标是基本的解题思路，难度较大．