分析 (1)利用待定系数法,把A、C、G三点坐标代入可求得抛物线解析式;
(2)可先求得直线AC的解析式,设P(x,0),可表示出OP、PQ,则可表示出S,再结合二次函数的性质可求得S的最大值;
(3)由条件可求得BD=BC=5,可求得D点坐标,连接DN,根据条件可证明DN∥BC,可得出DN为△ABC的中位线,可求得DM的长,则可求得OM的长,可求得M点的坐标.
解答 解:
(1)把A、C、G三点坐标代入抛物线解析式可得$\left\{\begin{array}{l}{0=36a-6b+c}\\{3=c}\\{3=4a-2b+c}\end{array}\right.$,解得$\left\{\begin{array}{l}{a=-\frac{1}{8}}\\{b=-\frac{1}{4}}\\{c=3}\end{array}\right.$,
∴抛物线的表达式为y=-$\frac{1}{8}$x2-$\frac{1}{4}$x+3;
(2)∵C(0,3),
∴可设直线AC解析式为y=kx+3,
把A点坐标代入可得0=-6k+3,解得k=$\frac{1}{2}$,
∴直线AC解析式为y=$\frac{1}{2}$x+3,
设P点坐标为(x,0)(x<0),则Q点坐标为(x,$\frac{1}{2}$x+3),
∴PQ=$\frac{1}{2}$x+3,PO=-x,
∴S=$\frac{1}{2}$PQ•PO=$\frac{1}{2}$($\frac{1}{2}$x+3)(-x)=-$\frac{1}{4}$x2-$\frac{3}{2}$x=-$\frac{1}{4}$(x+3)2+$\frac{9}{4}$,
∴△CPQ的面积S的最大值为$\frac{9}{4}$;
(3)当y=0时,-$\frac{1}{8}$x2-$\frac{1}{4}$x+3=0,解得x=-6或x=4,
∴B点坐标为(4,0),
∴BC=$\sqrt{{3}^{2}+{4}^{2}}$=5,
∵∠CDB=∠DCB,
∴BD=BC=5,
∴OD=BD-OB=5-4=1,
∴D点坐标为(-1,0),
∴D为AB中点,
如图,连接DN,则DN=DM,∠NDC=∠MDC,
∴∠NDC=∠DCB,
∴DN∥BC,
∵D是AB中点,
∴N是AC中点,
∴DN是△ABC的中位线,
又DN=DM=$\frac{1}{2}$BC=$\frac{5}{2}$,
∴OM=DM-OD=$\frac{5}{2}$-1=$\frac{3}{2}$,
∴点M坐标为($\frac{3}{2}$,0).
点评 本题主要考查二次函数的综合应用,涉及待定系数法、二次函数的性质、等腰三角形的性质、线段垂直平分线的性质、平行线的判定和性质、三角形中位线等知识点.在(1)中注意待定系数法的应用步骤,在(2)中设出P点坐标,表示出PQ、OP的长是解题的关键,注意函数性质的应用,在(3)中求得D点坐标和DM的长是解题的关键.本题考查知识点较多,综合性质很强,有一定的难度.
科目:初中数学 来源: 题型:选择题
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