分析 (1)设△ABC边AB上的高为h,由三角形的面积得出$\frac{{S}_{△ADC}}{{S}_{△ABC}}$=$\frac{AD}{AB}$,$\frac{{S}_{△BDC}}{{S}_{△ADC}}$=$\frac{BD}{AD}$,由点D为AB上的黄金分割点,得出$\frac{AD}{AB}$=$\frac{BD}{AD}$,得出$\frac{{S}_{△ADC}}{{S}_{△ABC}}$=$\frac{{S}_{△BDC}}{{S}_{△ADC}}$,即可得出结果;
(2)由三角形的中位线将三角形分成面积相等的两部分,则$\frac{{S}_{1}}{S}$≠$\frac{{S}_{2}}{{S}_{1}}$,即可得出结果;
(3)由DF∥CE和三角形的面积关系得出S△DEC=S△FCE,由S△DGC=S△FGC,推出S△ADC=S四边形AFGD+S△FGC=S四边形AFGD+S△DGE=S△AEF,S四边形BEFC=S△BDC,再由$\frac{{S}_{△ADC}}{{S}_{△ABC}}$=$\frac{{S}_{△BDC}}{{S}_{△ADC}}$,得出$\frac{{S}_{△AEF}}{{S}_{ABC}}$=$\frac{{S}_{四边形BEFC}}{{S}_{△AEF}}$,即可得出结果;
(4)画法一:取EF的中点G,再过点G作一条直线分别交AB、DC于M、N点,则直线MN就是平行四边形ABCD的黄金分割线;
画法二:在DF上取一点N,连接EN,再过点F作FM∥NE交AB于点M,连接MN,则直线MN就是平行四边形ABCD的黄金分割线.
解答 (1)解:直线CD是△ABC的黄金分割线,正确,理由如下:设△ABC边AB上的高为h,
∵S△ADC=$\frac{1}{2}$AD•h,S△BDC=$\frac{1}{2}$BD•h,S△ABC=$\frac{1}{2}$AB•h,
∴$\frac{{S}_{△ADC}}{{S}_{△ABC}}$=$\frac{AD}{AB}$,$\frac{{S}_{△BDC}}{{S}_{△ADC}}$=$\frac{BD}{AD}$,
∵点D为AB上的黄金分割点,$\frac{AD}{AB}$=$\frac{BD}{AD}$,
∴$\frac{{S}_{△ADC}}{{S}_{△ABC}}$=$\frac{{S}_{△BDC}}{{S}_{△ADC}}$,
∴直线CD是△ABC的黄金分割线;
(2)证明:∵三角形的中位线将三角形分成面积相等的两部分,
∴S1=S2=$\frac{1}{2}$S,即$\frac{{S}_{1}}{S}$≠$\frac{{S}_{2}}{{S}_{1}}$,
∴三角形的中位线不可能是该三角形的黄金分割线;
(3)证明:∵DF∥CE,
∴△DEC和△FCE的公共边CE上的高也相等,
∴S△DEC=S△FCE,
设直线EF与直线CD交于点G,如图1所示:
∵S△DGC=S△FGC,
∴S△ADC=S四边形AFGD+S△FGC=S四边形AFGD+S△DGE=S△AEF,
S四边形BEFC=S△BDC,
∵$\frac{{S}_{△ADC}}{{S}_{△ABC}}$=$\frac{{S}_{△BDC}}{{S}_{△ADC}}$,
∴$\frac{{S}_{△AEF}}{{S}_{ABC}}$=$\frac{{S}_{四边形BEFC}}{{S}_{△AEF}}$,
∴直线EF也是△ABC的黄金分割线;
(4)解:画法一:取EF的中点G,再过点G作一条直线分别交AB、DC于M、N点,
则直线MN就是平行四边形ABCD的黄金分割线;如图2所示:
画法二:在DF上取一点N,连接EN,再过点F作FM∥NE交AB于点M,作直线MN,
则直线MN就是平行四边形ABCD的黄金分割线,如图3所示.
点评 此题考查了平行四边形的性质、三角形中位线定理、黄金分割、三角形的面积等知识;本题综合性强,有一定难度,关键是根据题意画出图形,注意黄金分割线的灵活运用.
科目:初中数学 来源: 题型:选择题
A. | 2 | B. | $\sqrt{2}$ | C. | 2$\sqrt{2}$ | D. | 4$\sqrt{2}$ |
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A. | ∠1=∠2 | B. | ∠D+∠ACD=180° | C. | ∠D=∠DCE | D. | ∠3=∠4 |
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