分析 (1)根据两角对应相等两三角形相似即可证明.
(2)如图2中,作AM⊥FC交FC的延长线于M,在MC上截取MN=EB,连接AN.只要证明△ABE≌△AMN,推出∠EAB=∠MAN,AE=AN,推出△FAE≌△FAN,推出∠AFE=∠AFN=30°即可解决问题.
(3)点P与点Q同时到达目的地.只要证明BE+EF=BC+CF即可.
解答 (1)证明:如图1中,
∵BA=BC,∠ABC=90°,
∴∠BAC=∠ACB=45°,∵∠EAD=45°,
∴∠EAD=∠ACE,∵∠AED=∠CEA,
∴△EAD∽△ECA;
(2)证明:如图2中,作AM⊥FC交FC的延长线于M,在MC上截取MN=EB,连接AN.
∵CF⊥CB,
∴∠ABC=∠BCM=∠M=90°,
∴四边形ABCM是矩形,
∵BA=BC,
∴四边形ABCM是正方形,
∵AB=AM,∠ABE=∠M,EB=MN,
∴△ABE≌△AMN,
∴∠EAB=∠MAN,AE=AN
∵∠EAD=45°,
∴∠EAB+∠BAD=∠MAN+∠BAD=45°,
∵∠MAB=90°,
∴∠FAN=45°=∠FAE,∵FA=FA,AE=AN,
∴△FAE≌△FAN,
∴∠AFE=∠AFN,
∵∠AED=75°,∠EAD=45°,
∴∠ADE=∠FDC=60°,∵∠DCF=90°,
∴∠AFE=∠AFC=30°,
∴DF=2CD,
∵∠FDC=∠DEF+∠DFE=60°,
∴∠DEF=∠DFE=30°,
∴DE=DF=2CD,
即DE=2CD;
(3)解:结论:点P与点Q同时到达目的地.理由如下:
如图2中,∵△FAE≌△FAN,
∴EF=BN,∵BE=MN,
∴EB+EF=MN+FN=FM,BC+CF=CM+CF=FM,
∴BE+EF=BC+CF,
∴若P、Q两点分别同时从B点出发,以相同的速度沿B→E→F和B→C→F运动,点P与点Q同时到达目的地.
点评 本题考查全等三角形的判定和性质、等腰直角三角形的性质.正方形的判定和性质、直角三角形30度角性质、等腰三角形的判定和性质等知识,解题的关键是学会添加常用辅助线,构造全等三角形解决问题,属于中考常考题型.
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A. | -1 | B. | 3 | C. | 4 | D. | 6 |
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