分析 (1)利用待定系数法求抛物线表达式;
(2)过P点作PD⊥BH交BH于点D,如图1,设点P(m,-m2+4m),则BH=AH=3,HD=m2-4m,PD=m-1,根据三角形面积公式,利用S△ABP=S△ABH+S四边形HAPD-S△BPD得到$\frac{1}{2}$×3×3+$\frac{1}{2}$(3+m-1)(m2-4m)-$\frac{1}{2}$(m-1)(3+m2-4m)=6,然后解方程即可得到P点坐标;
(3)先利用抛物线的对称性确定C(3,3),分三类情况讨论:①以点M为直角顶点且M在x轴上方时,如图2,CM=MN,∠CMN=90°,易证得△CBM≌△MHN,则BC=MH=2,BM=HN=1,利用勾股定理计算出MC=$\sqrt{5}$,则利用三角形面积公式可计算出此时S△CMN;②以点M为直角顶点且M在x轴下方时,如图3,过点M作DE⊥y轴,作NE⊥DE于E,CD⊥DE于D,利用同样的方法解决问题;③以点N为直角顶点且N在y轴左侧时,如图4,CN=MN,∠MNC=90°,利用同样的方法解决问题;④以点N为直角顶点且N在y轴右侧时,作辅助线,如图5,利用同样的方法解决问题;⑤以C为直角顶点时,不能构成满足条件的等腰直角三角形.
解答 解:(1)把点A(4,0),B(1,3)代入抛物线y=ax2+bx得$\left\{\begin{array}{l}{16a+4b=0}\\{a+b=3}\end{array}\right.$,解得$\left\{\begin{array}{l}{a=-1}\\{b=4}\end{array}\right.$,
∴抛物线表达式为:y=-x2+4x;
(2)过P点作PD⊥BH交BH于点D,如图1,
设点P(m,-m2+4m),
BH=AH=3,HD=m2-4m,PD=m-1,
∵S△ABP=S△ABH+S四边形HAPD-S△BPD,
$\frac{1}{2}$×3×3+$\frac{1}{2}$(3+m-1)(m2-4m)-$\frac{1}{2}$(m-1)(3+m2-4m)=6,
整理得3m2-15m=0,解得m1=0(舍去),m2=5,
∴点P坐标为(5,-5);
(3)∵抛物线的对称性为直线x=2,
而点C、B关于抛物线的对称轴对称,
∴C(3,3),
以点C、M、N为顶点的三角形为等腰直角三角形时,分三类情况讨论:
①以点M为直角顶点且M在x轴上方时,如图2,CM=MN,∠CMN=90°,易证得△CBM≌△MHN,
∴BC=MH=2,BM=HN=3-2=1,
∴MC=$\sqrt{{2}^{2}+{1}^{2}}$=$\sqrt{5}$,
∴S△CMN=$\frac{1}{2}$×$\sqrt{5}$×$\sqrt{5}$=$\frac{5}{2}$;
②以点M为直角顶点且M在x轴下方时,如图3,过点M作DE⊥y轴,作NE⊥DE于E,CD⊥DE于D,作辅助线,易得Rt△NEM≌Rt△MDC,
∴MD=NE=BC=2,EM=CD=BM=3+2=5,
∴CM=$\sqrt{{2}^{2}+{5}^{2}}$=$\sqrt{29}$,
∴S△CMN=$\frac{1}{2}$×$\sqrt{29}$×$\sqrt{29}$=$\frac{29}{2}$;
③以点N为直角顶点且N在y轴左侧时,如图4,CN=MN,∠MNC=90°,易得Rt△NEM≌Rt△CDN,
∴EM=DN=BH=3,NE=CD=BD+BC=EM+BC=5,
∴CN=$\sqrt{{3}^{2}+{5}^{2}}$=$\sqrt{34}$,
∴S△CMN=$\frac{1}{2}$×$\sqrt{34}$×$\sqrt{34}$=17;
④以点N为直角顶点且N在y轴右侧时,如图5,易得Rt△NEM≌Rt△CDN,
∴EM=DN=BH=3,NE=CD=BD-BC=EM-BC=1,
∴CN=$\sqrt{{3}^{2}+{1}^{2}}$=$\sqrt{10}$,
∴S△CMN=$\frac{1}{2}$×$\sqrt{10}$×$\sqrt{10}$=5;
⑤以C为直角顶点时,不能构成满足条件的等腰直角三角形;
综上所述:△CMN的面积为:$\frac{5}{2}$或$\frac{29}{2}$或17或5.
点评 本题考查了二次函数的综合题:熟练掌握二次函数图象上点的坐标特征、二次函数的性质和等腰直角三角形性质;会利用待定系数法求函数解析式;会利用全等三角形的知识解决线段相等的问题;理解坐标与图形性质,会利用勾股定理计算线段的长;会运用分类讨论的思想解决数学问题.
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