分析 (1)要求点C的坐标,只需运用勾股定理求出OC即可.
(2)易证△AFE≌△CFD,得到EF=DF,要求DE,只需求出DF.先证明△DFC∽△AOC,再根据相似三角形的对应边成比例就可求出DF,进而求出DE.
(3)构成菱形的四个顶点的顺序不定,需分情况讨论.由于D、F是定点,可将线段DF分为两大类:DF为菱形的一边、DF为菱形的对角线.然后分别讨论即可.
解答 解:(1)∵四边形OABC是矩形,
∴∠AOC=90°.
∵AC=10,OA=6,
∴OC=8.
∴C点的坐标为(8,0).
(2)由折叠可得:DE⊥AC,AF=FC=5.
∵∠FCD=∠OCA,∠DFC=∠AOC=90°,
∴△DFC∽△AOC.
∴$\frac{DF}{AO}$=$\frac{FC}{OC}$=$\frac{DC}{AC}$.
∴$\frac{DF}{6}$=$\frac{5}{8}$=$\frac{DC}{10}$.
∴DF=$\frac{15}{4}$,DC=$\frac{25}{4}$.
∴OD=OC-DC=8-$\frac{25}{4}$=$\frac{7}{4}$.
∵四边形OABC是矩形,
∴AB∥DC,
∴∠EAF=∠DCF
∴△AFE≌△CFD(ASA).
∴EF=DF.
∴DE=2DF=2×$\frac{15}{4}$=$\frac{15}{2}$.
∴折痕DE的长为$\frac{15}{2}$.
(3)过点F作FH⊥DC,垂足为H,如图2,
∵S△DFC=$\frac{1}{2}$DF•FC=$\frac{1}{2}$DC•FH,DF=$\frac{15}{4}$,FC=5,DC=$\frac{25}{4}$,
∴FH=3.
∵FH⊥DC,DF=$\frac{15}{4}$,FH=3,
∴DH=$\frac{9}{4}$.
∴OH=OD+DH=4.
∴F(4,3).
①若DF为菱形的一边
当DM为菱形的对角线时,如图3.点N与点F关于x轴对称,则点N的坐标为(4,-3).
当DM为菱形的另一边时,如图4.此时FN∥DM,FN=DF=$\frac{15}{4}$.
∵F(4,3),
∴点N的坐标为(4-$\frac{15}{4}$,3)或(4+$\frac{15}{4}$,3)即($\frac{1}{4}$,3)或($\frac{31}{4}$,3).
②若DF为菱形的对角线,如图5.
∵四边形DNFM为菱形,
∴MN⊥DF,DG=$\frac{1}{2}$DF.
∵DF⊥AC,
∴∠DGM=∠DFC=90°.
∴MN∥AC.
∴△DGM∽△DFC.
∴$\frac{DM}{DC}$=$\frac{DG}{DF}$=$\frac{1}{2}$.
∴DM=$\frac{1}{2}$DC=$\frac{25}{8}$.
∵四边形DNFM为菱形,
∴NF∥DM,NF=DM=$\frac{25}{8}$.
∴点N的坐标为(4-$\frac{25}{8}$,3)即($\frac{7}{8}$,3).
综上所述:符合要求的点N的坐标可能为($\frac{1}{4}$,3)、($\frac{31}{4}$,3)、( $\frac{7}{8}$,3).
故答案为:($\frac{1}{4}$,3)、($\frac{31}{4}$,3)、( $\frac{7}{8}$,3).
点评 本题运用了矩形的性质、菱形的性质、三角形相似(包括全等)的性质及判定、勾股定理等知识,综合性强;另外,还考查了分类讨论的思想,注重对学生知识和能力的考查,是一道好题.
科目:初中数学 来源: 题型:填空题
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科目:初中数学 来源: 题型:解答题
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