分析 (1)由A、B两点的坐标,利用待定系数法可求得抛物线解析式;
(2)分D在x轴上和y轴上,当D在x轴上时,过A作AD⊥x轴,垂足D即为所求;当D点在y轴上时,设出D点坐标为(0,d),可分别表示出AD、BD,再利用勾股定理可得到关于d的方程,可求得d的值,从而可求得满足条件的D点坐标;
(3)过P作PF⊥CM于点F,利用Rt△ADO∽Rt△MFP以及三角函数,可用PF分别表示出MF和NF,从而可表示出MN,设BC=a,则可用a表示出CN,再利用S△BCN=2S△PMN,可用PF表示出a的值,从而可用PF表示出CN,可求得$\frac{MN}{NC}$的值;借助a可表示出M点的坐标,代入抛物线解析式可求得a的值,从而可求出M点的坐标.
解答 解:
(1)∵A(1,3$\sqrt{3}$),B(4,0)在抛物线y=mx2+nx的图象上,
∴$\left\{\begin{array}{l}{m+n=3\sqrt{3}}\\{16m+4n=0}\end{array}\right.$,解得$\left\{\begin{array}{l}{m=-\sqrt{3}}\\{n=4\sqrt{3}}\end{array}\right.$,
∴抛物线解析式为y=-$\sqrt{3}$x2+4$\sqrt{3}$x;
(2)存在三个点满足题意,理由如下:
当点D在x轴上时,如图1,过点A作AD⊥x轴于点D,
∵A(1,3$\sqrt{3}$),
∴D坐标为(1,0);
当点D在y轴上时,设D(0,d),则AD2=1+(3$\sqrt{3}$-d)2,BD2=42+d2,且AB2=(4-1)2+(3$\sqrt{3}$)2=36,
∵△ABD是以AB为斜边的直角三角形,
∴AD2+BD2=AB2,即1+(3$\sqrt{3}$-d)2+42+d2=36,解得d=$\frac{3\sqrt{3}±\sqrt{11}}{2}$,
∴D点坐标为(0,$\frac{3\sqrt{3}+\sqrt{11}}{2}$)或(0,$\frac{3\sqrt{3}-\sqrt{11}}{2}$);
综上可知存在满足条件的D点,其坐标为(1,0)或(0,$\frac{3\sqrt{3}+\sqrt{11}}{2}$)或(0,$\frac{3\sqrt{3}-\sqrt{11}}{2}$);
(补充方法:可用A,B点为直径作一个圆,圆与坐标轴的交点即为答案)
(3)如图2,过P作PF⊥CM于点F,
∵PM∥OA,
∴Rt△ADO∽Rt△MFP,
∴$\frac{MF}{PF}$=$\frac{AD}{OD}$=3$\sqrt{3}$,
∴MF=3$\sqrt{3}$PF,
在Rt△ABD中,BD=3,AD=3$\sqrt{3}$,
∴tan∠ABD=$\sqrt{3}$,
∴∠ABD=60°,设BC=a,则CN=$\sqrt{3}$a,
在Rt△PFN中,∠PNF=∠BNC=30°,
∴tan∠PNF=$\frac{PF}{FN}$=$\frac{\sqrt{3}}{3}$,
∴FN=$\sqrt{3}$PF,
∴MN=MF+FN=4$\sqrt{3}$PF,
∵S△BCN=2S△PMN,
∴$\frac{\sqrt{3}}{2}$a2=2×$\frac{1}{2}$×4$\sqrt{3}$PF2,
∴a=2$\sqrt{2}$PF,
∴NC=$\sqrt{3}$a=2$\sqrt{6}$PF,
∴$\frac{MN}{NC}$=$\frac{4\sqrt{3}PF}{2\sqrt{6}PF}$=$\sqrt{2}$,
∴MN=$\sqrt{2}$NC=$\sqrt{2}$×$\sqrt{3}$a=$\sqrt{6}$a,
∴MC=MN+NC=($\sqrt{6}$+$\sqrt{3}$)a,
∴M点坐标为(4-a,($\sqrt{6}$+$\sqrt{3}$)a),
又M点在抛物线上,代入可得-$\sqrt{3}$(4-a)2+4$\sqrt{3}$(4-a)=($\sqrt{6}$+$\sqrt{3}$)a,
解得a=3-$\sqrt{2}$或a=0(舍去),
OC=4-a=$\sqrt{2}$+1,MC=2$\sqrt{6}$+$\sqrt{3}$,
∴点M的坐标为($\sqrt{2}$+1,2$\sqrt{6}$+$\sqrt{3}$).
点评 本题为二次函数的综合应用,涉及知识点有待定系数法、勾股定理、相似三角形的判定和性质、点与函数图象的关系及分类讨论等.在(2)中注意分点D在x轴和y轴上两种情况,在(3)中分别利用PF表示出MF和NC是解题的关键,注意构造三角形相似.本题涉及知识点较多,计算量较大,综合性较强,特别是第(3)问,难度很大.
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A. | 10cm | B. | 8cm | C. | 6cm | D. | 4cm |
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