分析 (1)过D作DH∥AB交BC于点H,根据已知得出ABHD是平行四边形,求出DH=AB=8,BH=AD=2,再根据勾股定理求出HC,最后根据梯形的面积公式即可得出答案;
(2)分三种情况讨论,当0≤t≤4时,过Q点作QE⊥BC,QH⊥AB,垂足为E,H,根据勾股定理表示出PD和PQ,再分两种情况讨论,求出t的值;第二种情况:当4≤t<5时,得出DP=DQ=10-2t,从而得出以DQ为腰的等腰△DPQ恒成立,第三种情况:5<t≤6时,得出DP=DQ=2t-10,从而得出以DQ为腰的等腰△DPQ恒成立.
解答 解:(1)如图(1)过D作DH∥AB交BC于点H,
∵AD∥BC,DH∥AB,
∴四边形ABHD是平行四边形,
∴DH=AB=8,BH=AD=2,
∵CD=10,
∴HC=$\sqrt{C{D}^{2}-D{H}^{2}}$=6,
∴BC=BH+CH=8,
∴SABCD=$\frac{1}{2}$(AD+BC)•AB=$\frac{1}{2}$×(2+8)×8=40;
(2)①∵BP=CQ=2t,
∴AP=8-2t,DQ=10-2t,
∵AP+AD+DQ=PB+BC+CQ,
∴8-2t+2+10-2t=2t+8+2t,
∴t=$\frac{3}{2}$<4,
∴当t=$\frac{3}{2}$秒时,PQ将梯形ABCD周长平分,
QC=3,PB=3,
∵QE∥DH,
∴$\frac{QC}{DC}$=$\frac{QE}{DH}$=$\frac{EC}{HC}$,
∴$\frac{3}{10}$=$\frac{QE}{8}$=$\frac{EC}{6}$,
∴QE=$\frac{12}{5}$,EC=$\frac{9}{5}$,
BE=8-$\frac{9}{5}$=$\frac{31}{5}$,
∴四边形PBCQ面积=S梯形AEBP+S△QEC=$\frac{1}{2}$(PB+QE)×BE+$\frac{1}{2}$QE×EC=$\frac{1}{2}$($\frac{12}{5}$+3)×$\frac{31}{5}$+$\frac{1}{2}$×$\frac{12}{5}$×$\frac{9}{5}$=$\frac{189}{10}$=18.9,
∴PQ不平分梯形ABCD的面积;
②第一种情况:如图(2),当0≤t≤4时,过Q点作QE⊥BC,QH⊥AB,垂足为E,H,
∵AP=8-2t,AD=2,
∴PD=$\sqrt{A{P}^{2}+A{D}^{2}}$=$\sqrt{4{t}^{2}-32t+68}$,
∵CE=$\frac{6}{5}$t,QE=$\frac{8}{5}$t,
∴QH=BE=8-$\frac{6}{5}$t,BH=QE=$\frac{8}{5}$t,
∴PH=2t-$\frac{8}{5}$t=$\frac{2}{5}$t,
∴PQ=$\sqrt{H{Q}^{2}+P{H}^{2}}$=$\sqrt{(8-\frac{6}{5})^{2}+(\frac{2}{5})^{2}}$=$\sqrt{\frac{8}{5}{t}^{2}-\frac{96}{5}t+64}$,
DQ=10-2t,
I:DQ=DP,10-2t=$\sqrt{4{t}^{2}-32t+68}$,
解得;t=4秒,
Ⅱ:DQ=PQ,10-2t=$\sqrt{\frac{8}{5}{t}^{2}-\frac{96}{5}t+64}$,
化简得:3t2-26t+45=0,
解得;t=$\frac{13-\sqrt{34}}{3}$,t=$\frac{10+\sqrt{34}}{3}$>4(不合题意,舍去),
∴t=$\frac{13-\sqrt{34}}{3}$,
第二种情况:当4≤t<5时,DP=DQ=10-2t,
∴当4≤t<5时,以DQ为腰的等腰△DPQ恒成立,
第三种情况:5<t≤6时,DP=DQ=2t-10,
∴5<t≤6时,以DQ为腰的等腰△DPQ恒成立,
综上所述,t=$\frac{13-\sqrt{34}}{3}$或4,4≤t<5或,5<t≤6时以DQ为腰的等腰△DPQ恒成立.
点评 此题考查了四边形的综合,用到的知识点是平行四边形的性质、勾股定理、平行线的性质、三角形和梯形的面积公式以及等腰三角形的性质等,关键是根据题意画出图形,作出辅助线,注意分类讨论的思想.
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A. | ∠A=∠1+∠2 | B. | 2∠A=∠1+∠2 | C. | 3∠A=2∠1+∠2 | D. | 3∠A=2(∠1+∠2) |
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