分析 (1)先得出C点坐标,再由OC=5BO,得出B点坐标,将A、B两点坐标代入解析式求出a,b;
(2)分别算出△ABC和△ACD的面积,相加即得四边形ABCD的面积;
(3)由∠BEO=∠ABC可知,tan∠BEO=tan∠ABC,过C作AB边上的高CH,利用等面积法求出CH,从而算出tan∠ABC,而BO是已知的,从而利用tan∠BEO=tan∠ABC可求出EO长度,也就求出了E点坐标.
解答 解:(1)∵抛物线y=ax2+bx-5与y轴交于点C,
∴C(0,-5),
∴OC=5.
∵OC=5OB,
∴OB=1,
又点B在x轴的负半轴上,
∴B(-1,0).
∵抛物线经过点A(4,-5)和点B(-1,0),
∴$\left\{\begin{array}{l}{16a+4b-5=-5}\\{a-b-5=0}\end{array}\right.$,解得$\left\{\begin{array}{l}{a=1}\\{b=-4}\end{array}\right.$,
∴这条抛物线的表达式为y=x2-4x-5.
(2)由y=x2-4x-5,得顶点D的坐标为(2,-9).
连接AC,
∵点A的坐标是(4,-5),点C的坐标是(0,-5),
又S△ABC=$\frac{1}{2}$×4×5=10,S△ACD=$\frac{1}{2}$×4×4=8,
∴S四边形ABCD=S△ABC+S△ACD=18.
(3)过点C作CH⊥AB,垂足为点H.
∵S△ABC=$\frac{1}{2}$×AB×CH=10,AB=$\sqrt{(-1-4)^{2}+(0+5)^{2}}$=5$\sqrt{2}$,
∴CH=2$\sqrt{2}$,
在RT△BCH中,∠BHC=90°,BC=$\sqrt{26}$,BH=$\sqrt{B{C}^{2}-C{H}^{2}}$=3$\sqrt{2}$,
∴tan∠CBH=$\frac{CH}{BH}$=$\frac{2}{3}$.
∵在RT△BOE中,∠BOE=90°,tan∠BEO=$\frac{BO}{EO}$,
∵∠BEO=∠ABC,
∴$\frac{BO}{EO}=\frac{2}{3}$,得EO=$\frac{3}{2}$,
∴点E的坐标为(0,$\frac{3}{2}$).
点评 本题为二次函数综合题,主要考查了待定系数法求二次函数解析式、三角形面积求法、等积变换、勾股定理、正切函数等知识点,难度适中.第(3)问,将角度相等转化为对应的正切函数值相等是解答关键.
科目:初中数学 来源: 题型:填空题
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科目:初中数学 来源: 题型:选择题
A. | x1•x2<0 | B. | x1•x3<0 | C. | x2•x3<0 | D. | x1+x2<0 |
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科目:初中数学 来源: 题型:选择题
A. | B. | C. | D. |
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科目:初中数学 来源: 题型:选择题
A. | 40° | B. | 70° | C. | 80° | D. | 140° |
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科目:初中数学 来源: 题型:选择题
A. | x≤$\frac{1}{2}$ | B. | x≥$\frac{1}{2}$ | C. | x$<\frac{1}{2}$ | D. | x>$\frac{1}{2}$ |
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科目:初中数学 来源: 题型:解答题
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