分析 (1)连接AD,由圆周角定理得出∠1=∠2.证出∠C=∠BAD.由圆周角定理证出∠DAC+∠BAD=90°,得出∠BAC=90°,即可得出结论.
(2)过点F作FG⊥AB于点G.由三角函数得出$sinB=\frac{AD}{AB}=\frac{2}{3}$,设AD=2m,则AB=3m,由勾股定理求出BD=$\sqrt{5}$m.求出m=$\sqrt{5}$.得出AD=$2\sqrt{5}$,AB=$3\sqrt{5}$.证出FG=FD.设BF=x,则FG=FD=5-x.由三角函数得出方程,解方程即可.
解答 (1)证明:连接AD,如图1所示.
∵E是弧BD的中点,
∴$\widehat{BE}=\widehat{DE}$,
∴∠1=∠2.
∴∠BAD=2∠1.
∵∠ACB=2∠1,
∴∠C=∠BAD.
∵AB为⊙O直径,
∴∠ADB=∠ADC=90°.
∴∠DAC+∠C=90°.
∵∠C=∠BAD,
∴∠DAC+∠BAD=90°.
∴∠BAC=90°.
即AB⊥AC.
又∵AC过半径外端,
∴AC是⊙O的切线.
(2)解:过点F作FG⊥AB于点G.如图2所示:
在Rt△ABD中,∠ADB=90°,$sinB=\frac{AD}{AB}=\frac{2}{3}$,
设AD=2m,则AB=3m,
由勾股定理得:BD=$\sqrt{A{B}^{2}-A{D}^{2}}$=$\sqrt{5}$m.
∵BD=5,
∴m=$\sqrt{5}$.
∴AD=$2\sqrt{5}$,AB=$3\sqrt{5}$.
∵∠1=∠2,∠ADB=90°,
∴FG=FD.
设BF=x,则FG=FD=5-x.
在Rt△BGF中,∠BGF=90°,$sinB=\frac{2}{3}$,
∴$\frac{5-x}{x}=\frac{2}{3}$.
解得:=3.
∴BF=3.
点评 本题考查了切线的判定、圆周角定理、勾股定理、三角函数等知识;熟练掌握切线的判定和圆周角定理,由三角函数得出方程是解决问题(2)的关键.
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