分析 (1)令x=0,求出A点坐标,再代入直线解析式求出b,令一次函数y=0求出C点坐标.
(2)延长EF交x轴于点M,证△EFG∽△OFM,进而把三角形EFG的周长用EF表示,所以问题转化为求EF长度的最大值,而EF长度是两点纵坐标之差,因此设出E点横坐标,E、F纵坐标用横坐标表示,两纵坐标相减得到EF关于横坐标的二次函数关系式,配方求出最值.
(3)分三种情依次计算即可.设DK=a,注意到∠ACO=30°,计算时利用这个特殊角表示出相关线段,利用相似比列出关于a的方程,解出a则可求出K的坐标,但HD=HK这种情况不存在,说明原因即可(大角对大边).
解答 解:(1)当x=0时,y=$\sqrt{3}$,∴A(0,$\sqrt{3}$),
将A(0,$\sqrt{3}$)代入y=-$\frac{\sqrt{3}}{3}$x+b得,$b=\sqrt{3}$,
∴y=-$\frac{\sqrt{3}}{3}$x+$\sqrt{3}$,
当y=0时,x=3,∴C(3,0);
(2)延长EF交x轴于点M,过点B作BQ⊥x轴于点Q,如图1,
∵∠ODB=120°,
∴∠BDK=60°,
∵BD=6,
∴BQ=3$\sqrt{3}$,DQ=3,
∴B点的纵坐标为3$\sqrt{3}$,
代入抛物线解析式可求得B点的横坐标为9,
∴B(9,3$\sqrt{3}$),
∴直线OB的解析式为:y=$\frac{\sqrt{3}}{3}x$,且∠BOD=30°,
∵EF∥y轴,
∴EM⊥x轴,
∵∠FEG=∠BOD,
∴△EFG∽△OFM,
∴EG=$\frac{\sqrt{3}}{2}$EF,FG=$\frac{1}{2}$EF,
∴${C}_{△EFG}=EF+EG+FG=\frac{3+\sqrt{3}}{2}EF$,
设E(m,-$\frac{\sqrt{3}}{9}{m}^{2}+\frac{11\sqrt{3}}{9}m+\sqrt{3}$),F(m,$\frac{\sqrt{3}}{3}m$)
∴EF=yE-yF=-$\frac{\sqrt{3}}{9}{m}^{2}+\frac{11\sqrt{3}}{9}m+\sqrt{3}$-$\frac{\sqrt{3}}{3}m$=$-\frac{\sqrt{3}}{9}(m-4)^{2}+\frac{25\sqrt{3}}{9}$,
∴当m=4时,${C}_{△EFG最大}=\frac{25\sqrt{3}}{9}$×($\frac{3+\sqrt{3}}{2}$)=$\frac{25(1+\sqrt{3})}{6}$.
(3)设DK=a,
∵AO=$\sqrt{3}$,OC=3,
∴∠ACO=∠HKO=30°.
①当DH=DK=a时,如图2,作HN⊥CD于N,
∠DHK=∠DKH=30°,
∴∠HDN=60°,
∴ND=$\frac{1}{2}$a,HN=$\frac{\sqrt{3}}{2}$a,CN=3-$\frac{1}{2}$a,
∴$\frac{HN}{CN}=\frac{\frac{\sqrt{3}}{2}a}{3-\frac{a}{2}}=\frac{3\sqrt{3}}{6}$,解得a=2,
∴K(8,0);
②当KH=KD=a时,如图3,作HR⊥DK于R,
则HR=$\frac{1}{2}$a,KR=$\frac{\sqrt{3}}{2}$a,DR=a-$\frac{\sqrt{3}}{2}$a,
∴$\frac{HR}{CR}=\frac{\frac{1}{2}a}{3+a-\frac{\sqrt{3}}{2}a}=\frac{3\sqrt{3}}{6}$,
解得a=$\frac{36+30\sqrt{3}}{13}$,
∴K($\frac{114+30\sqrt{3}}{13}$,0);
当点K在D左边时,设DK=KH=a,同法可得$\frac{2a}{3-a-\sqrt{3}a}$=$\frac{3\sqrt{3}}{6}$,
解得a=$\frac{21\sqrt{3}-9}{46}$,K($\frac{105\sqrt{3}-45}{46}$,0),
③∵∠HDK>∠HKD,
∴HD=HK不存在.
综上所述,满足要求的K点坐标为:(8,0),($\frac{114+30\sqrt{3}}{13}$,0);
点评 本题以二次函数为大背景,综合考查了相似三角形的判定及性质,特殊角的三角函数、配方法求二次函数最值、平行线的性质、等腰三角形的性质、分类讨论思想等知识点,难度较大,是一道很好的中考压轴题.
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A. | sin30°<sin45°<sin60° | B. | cos60°>cos45°>cos30° | ||
C. | tan60°<tan45°<tan30° | D. | cot30°<cot45°<cot60° |
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