分析 (1)根据全等三角形的性质求得DQ=PQ,PC=DC=5,然后利用勾股定理即可求得;
(2)方法1、过M作EF⊥CD于F,则EF⊥AB,先证得△MDF≌△PME,求得ME=DF=$\frac{5}{2}$,然后根据梯形的中位线的性质定理即可求得.
方法2、先利用三角形的外角和∠DMP=90°,得出∠DCP=90°,得出BP=BC=3,再判断出AQ=AP=2即可.
解答 解:(1)∵△CDQ≌△CPQ,
∴DQ=PQ,PC=DC,
∵AB=DC=5,AD=BC=3,
∴PC=5,
在Rt△PBC中,PB=$\sqrt{P{C}^{2}-B{C}^{2}}$=4,
∴PA=AB-PB=5-4=1,
设AQ=x,则DQ=PQ=3-x,
在Rt△PAQ中,(3-x)2=x2+12,
解得x=$\frac{4}{3}$,
∴AQ=$\frac{4}{3}$.
(2)方法1,如图2,过M作EF⊥CD于F,则EF⊥AB,
∵MD⊥MP,
∴∠PMD=90°,
∴∠PME+∠DMF=90°,
∵∠FDM+∠DMF=90°,
∴∠MDF=∠PME,
∵M是QC的中点,
∴DM=$\frac{1}{2}$QC,PM=$\frac{1}{2}$QC,
∴DM=PM,
在△MDF和△PME中,
$\left\{\begin{array}{l}{∠MDF=∠PME}\\{∠DFM=∠MEP}\\{DM=PM}\end{array}\right.$,
∴△MDF≌△PME(AAS),
∴ME=DF,PE=MF,
∵EF⊥CD,AD⊥CD,
∴EF∥AD,
∵QM=MC,
∴DF=CF=$\frac{1}{2}$DC=$\frac{5}{2}$,
∴ME=$\frac{5}{2}$,
∵ME是梯形ABCQ的中位线,
∴2ME=AQ+BC,即5=AQ+3,
∴AQ=2.
方法2、∵点M是Rt△CDQ的斜边CQ中点,
∴DM=CM,
∴∠DMQ=2∠DCQ,
∵点M是Rt△CPQ的斜边的中点,
∴MP=CM,
∴∠PMQ=2∠PCQ,
∵∠DMP=90°,
∴2∠DCQ+2∠PCQ=90°,
∴∠PCD=45°,°∠BCP=90°-45°=45°,
∴∠BPC=45°=∠BCP,∴BP=BC=3,
∵∠CPQ=90°,
∴∠APQ=180°-90°-45°=45°,
∴∠AQP=90°-45°=45°=∠APQ,
∴AQ=AP=2.
点评 本题考查了矩形的性质,三角形全等的判定和性质,勾股定理的应用,直角三角形斜边中线的性质,梯形的中位线的性质等,(2)求得△MDF≌△PME是本题的关键.
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A. | AC=AB | B. | ∠C=$\frac{1}{2}$∠BOD | C. | ∠C=∠B | D. | ∠A=∠BOD |
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A. | M处 | B. | N处 | C. | P处 | D. | Q处 |
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