分析 (1)①根据折叠的性质得到∠APO=∠B=90°,根据相似三角形的判定定理证明△OCP∽△PDA;
②根据相似三角形的面积比等于相似比的平方解答;
(2)根据直角三角形的性质得到∠DAP=30°,根据折叠的性质解答即可;
(3)作MQ∥AB交PB于Q,根据等腰三角形的性质和相似三角形的性质得到EF=$\frac{1}{2}$PB,根据勾股定理求出PB,计算即可.
解答 解:(1)①由折叠的性质可知,∠APO=∠B=90°,
∴∠APD+∠OPC=90°,又∠POC+∠OPC=90°,
∴∠APD=∠POC,又∠D=∠C=90°,
∴△OCP∽△PDA;
②∵△OCP与△PDA的面积比为1:4,
∴△OCP与△PDA的相似比为1:2,
∴PC=$\frac{1}{2}$AD=4,
设AB=x,则DC=x,AP=x,DP=x-4,
在Rt△APD中,AP2=AD2+PD2,即x2+82=(x-4)2,
解得,x=10,即AB=10;
(2)∵点P是CD边的中点,
∴DP=$\frac{1}{2}$DC,又AP=AB=CD,
∴DP=$\frac{1}{2}$AP,
∴∠DAP=30°,
由折叠的性质可知,∠OAB=∠OAP=30°;
(3)EF的长度不变.
作MQ∥AB交PB于Q,
∴∠MQP=∠ABP,
由折叠的性质可知,∠APB=∠ABP,
∴∠MQP=∠APB,
∴MP=MQ,又BN=PM,
∴MQ=BN,
∵MQ∥AB,
∴$\frac{QF}{FB}$=$\frac{MQ}{BN}$,
∴QF=FB,
∵MP=MQ,ME⊥BP,
∴PE=QE,
∴EF=$\frac{1}{2}$PB,
由(1)得,PC=4,BC=8,
∴PB=$\sqrt{P{C}^{2}+B{C}^{2}}$=4$\sqrt{5}$,
∴EF=2$\sqrt{5}$.
点评 本题考查的是矩形的性质、折叠的性质、相似三角形的判定和性质、等腰三角形的性质以及勾股定理的应用,掌握折叠是一种轴对称,折叠前后的图形对应角相等、对应边相等,灵活运用相关的性质是解题的关键.
科目:初中数学 来源: 题型:选择题
A. | $\frac{1}{3}$ | B. | $\frac{1}{6}$ | C. | $\frac{1}{9}$ | D. | $\frac{1}{12}$ |
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A. | x>$\frac{5}{2}$ | B. | x<5 | C. | $\frac{5}{2}$<x<5 | D. | $\frac{5}{2}$≤x≤5 |
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