A. | B. | ||||
C. | D. |
分析 ①当0<m≤$\frac{3\sqrt{2}}{2}$时,如图1,设A1B1与AC交于D,过D作DG⊥AO于G,过C作CE⊥OA于E,CF⊥OB于F,由已知条件得到OE=CF=1,CE=4,OO1=AA1=m,得到DG=A1G=2m-1,于是求得S=3m-$\frac{1}{2}$m2-$\frac{1}{2}$m(2m-1)=-$\frac{3}{2}$m2$+\frac{7}{2}$m;②当$\frac{3\sqrt{2}}{2}$<m<3时,如图2,设AB与AC交于D,AC与B1O1交于G,过D作DG⊥AO于G,过C作CE⊥OA于E,CF⊥OB于F,求得AO1=DO1=3-m,根据GO1∥CE,得到$\frac{G{O}_{1}}{CE}=\frac{A{O}_{1}}{AE}$,求出GO1=6-2m,于是得到S=$\frac{1}{2}$(3-m)(6-2m)-$\frac{1}{2}$(3-m)(3-m)=$\frac{1}{2}$m2-3m+$\frac{9}{2}$.
解答 解:①当0<m≤$\frac{3\sqrt{2}}{2}$时,如图1,
设A1B1与AC交于D,过D作DG⊥AO于G,过C作CE⊥OA于E,CF⊥OB于F,
∵C到OA、OB的距离分别为4,1,
∴OE=CF=1,CE=4,
∴AE=2,DG=A1G,
∵将△OAB沿射线OA方向移m个单位(0<m<3),得到新△O1A1B1,
∴OO1=AA1=m,
∴DG=A1G=2m-1,
∴S=3m-$\frac{1}{2}$m2-$\frac{1}{2}$m(2m-1)=-$\frac{3}{2}$m2$+\frac{7}{2}$m,
②当$\frac{3\sqrt{2}}{2}$<m<3时,如图2,
设AB与AC交于D,AC与B1O1交于G,过D作DG⊥AO于G,过C作CE⊥OA于E,CF⊥OB于F,
∵C到OA、OB的距离分别为4,1,
∴OE=CF=1,CE=4,
∴OO1=AA1=m,
∴AO1=DO1=3-m,
∵GO1∥CE,
∴$\frac{G{O}_{1}}{CE}=\frac{A{O}_{1}}{AE}$,
∴GO1=6-2m,
∴S=$\frac{1}{2}$(3-m)(6-2m)-$\frac{1}{2}$(3-m)(3-m)=$\frac{1}{2}$m2-3m+$\frac{9}{2}$,
故选C.
点评 本题考查了动点问题的函数图象,等腰直角三角形的性质,三角形面积的求法,正确的画出图形是解题的关键.
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