分析 (1)从平行线和中点这两个条件出发,延长AE、BC交于点N,如图①,易证△ADE≌△NCE,从而有AD=CN,只需证明AM=NM即可.
(2)作FA⊥AE交CB的延长线于点F,易证AM=FM,只需证明FB=DE即可;要证FB=DE,只需证明它们所在的两个三角形全等即可.
(3)①在图②中,仿照(1)中的证明思路即可证到AM=AD+MC仍然成立;在图③中,采用反证法,并仿照(2)中的证明思路即可证到AM=DE+BM不成立.②先表示出BM=BC-MC=9-x,AM=AD+MC=9+x,根据勾股定理得,AM2-BM2=AB2,求出x即可.
解答 (1)证明:延长AE、BC交于点N,如图①,
∵四边形ABCD是正方形,
∴AD∥BC.
∴∠DAE=∠ENC.
∵AE平分∠DAM,
∴∠DAE=∠MAE.
∴∠ENC=∠MAE.
∴MA=MN.
在△ADE和△NCE中,
$\left\{\begin{array}{l}{∠DAE=∠MAE}\\{∠AED=∠NEC}\\{DE=CE}\end{array}\right.$
∴△ADE≌△NCE(AAS).
∴AD=NC.
∴MA=MN=NC+MC
=AD+MC.
(2)AM=DE+BM成立.
证明:过点A作AF⊥AE,交CB的延长线于点F,如图2所示
.
∵四边形ABCD是正方形,
∴∠BAD=∠D=∠ABC=90°,AB=AD,AB∥DC.
∵AF⊥AE,
∴∠FAE=90°.
∴∠FAB=90°-∠BAE=∠DAE.
在△ABF和△ADE中,
$\left\{\begin{array}{l}{∠FAB=∠EAD}\\{AB=AD}\\{∠ABF=∠D}\end{array}\right.$
∴△ABF≌△ADE(ASA).
∴BF=DE,∠F=∠AED.
∵AB∥DC,
∴∠AED=∠BAE.
∵∠FAB=∠EAD=∠EAM,
∴∠AED=∠BAE=∠BAM+∠EAM
=∠BAM+∠FAB
=∠FAM.
∴∠F=∠FAM.
∴AM=FM.
∴AM=FB+BM=DE+BM.
(3)①结论AM=AD+MC仍然成立.
证明:延长AE、BC交于点P,如图3,
∵四边形ABCD是矩形,
∴AD∥BC.
∴∠DAE=∠EPC.
∵AE平分∠DAM,
∴∠DAE=∠MAE.
∴∠EPC=∠MAE.
∴MA=MP.
在△ADE和△PCE中,
$\left\{\begin{array}{l}{∠DAE=∠CPE}\\{∠AED=∠PEC}\\{DE=CE}\end{array}\right.$
∴△ADE≌△PCE(AAS).
∴AD=PC.
∴MA=MP=PC+MC=AD+MC.
②结论AM=DE+BM不成立.
证明:假设AM=DE+BM成立.
过点A作AQ⊥AE,交CB的延长线于点Q,如图4所示.
∵四边形ABCD是矩形,
∴∠BAD=∠D=∠ABC=90°,AB∥DC.
∵AQ⊥AE,
∴∠QAE=90°.
∴∠QAB=90°-∠BAE=∠DAE.
∴∠Q=90°-∠QAB=90°-∠DAE=∠AED.
∵AB∥DC,
∴∠AED=∠BAE.
∵∠QAB=∠EAD=∠EAM,
∴∠AED=∠BAE=∠BAM+∠EAM=∠BAM+∠QAB=∠QAM.
∴∠Q=∠QAM.
∴AM=QM.
∴AM=QB+BM.
∵AM=DE+BM,
∴QB=DE.
在△ABQ和△ADE中,
$\left\{\begin{array}{l}{∠QAB=∠EAD}\\{∠ABQ=∠D}\\{BQ=DE}\end{array}\right.$
∴△ABQ≌△ADE(AAS).
∴AB=AD.
与条件“AB≠AD“矛盾,故假设不成立.
∴AM=DE+BM不成立.
②设MC=x,则BM=BC-MC=9-x,
由(1)有,AM=AD+MC=9+x,
根据勾股定理得,AM2-BM2=AB2,
∴(9+x)2-(9-x)2=36,
∴x=1,
∴AM=9+x=10.
点评 此题是四边形综合题,主要考查了全等三角形的性质和判定,矩形的性质,角平分线的性质,解本题的关键是构造全等三角形.
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A. | m=4,n=2 | B. | m=4,n=5 | C. | m=1,n=3 | D. | m=2,n=3 |
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