分析 (1)连接OC,如图1,要证CE是⊙O的切线,只需证到∠OCE=90°即可;
(2)过点C作CH⊥AB于H,连接OC,如图2,在Rt△OHC中运用三角函数即可解决问题;
(3)作OF平分∠AOC,交⊙O于F,连接AF、CF、DF,如图3,易证四边形AOCF是菱形,根据对称性可得DF=DO.过点D作DH⊥OC于H,易得DH=$\frac{1}{2}$DC,从而有$\frac{1}{2}$CD+OD=DH+FD.根据两点之间线段最短可得:当F、D、H三点共线时,DH+FD(即$\frac{1}{2}$CD+OD)最小,然后在Rt△OHF中运用三角函数即可解决问题.
解答 解:(1)连接OC,如图1,
∵CA=CE,∠CAE=30°,
∴∠E=∠CAE=30°,∠COE=2∠A=60°,
∴∠OCE=90°,
∴CE是⊙O的切线;
(2)过点C作CH⊥AB于H,连接OC,如图2,
由题可得CH=h.
在Rt△OHC中,CH=OC•sin∠COH,
∴h=OC•sin60°=$\frac{\sqrt{3}}{2}$OC,
∴OC=$\frac{2h}{\sqrt{3}}$=$\frac{2\sqrt{3}}{3}$h,
∴AB=2OC=$\frac{4\sqrt{3}}{3}$h;
(3)作OF平分∠AOC,交⊙O于F,连接AF、CF、DF,如图3,
则∠AOF=∠COF=$\frac{1}{2}$∠AOC=$\frac{1}{2}$(180°-60°)=60°.
∵OA=OF=OC,
∴△AOF、△COF是等边三角形,
∴AF=AO=OC=FC,
∴四边形AOCF是菱形,
∴根据对称性可得DF=DO.
过点D作DH⊥OC于H,
∵OA=OC,∴∠OCA=∠OAC=30°,
∴DH=DC•sin∠DCH=DC•sin30°=$\frac{1}{2}$DC,
∴$\frac{1}{2}$CD+OD=DH+FD.
根据两点之间线段最短可得:
当F、D、H三点共线时,DH+FD(即$\frac{1}{2}$CD+OD)最小,
此时FH=OF•sin∠FOH=$\frac{\sqrt{3}}{2}$OF=6,
则OF=4$\sqrt{3}$,AB=2OF=8$\sqrt{3}$.
∴当$\frac{1}{2}$CD+OD的最小值为6时,⊙O的直径AB的长为8$\sqrt{3}$.
点评 本题主要考查了圆周角定理、切线的判定、等腰三角形的性质、三角函数的定义、特殊角的三角函数值、等边三角形的判定与性质、菱形的判定与性质、两点之间线段最短等知识,把$\frac{1}{2}$CD+OD转化为DH+FD是解决第(3)小题的关键.
科目:初中数学 来源: 题型:填空题
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科目:初中数学 来源: 题型:选择题
A. | 40° | B. | 35° | C. | 30° | D. | 45° |
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科目:初中数学 来源: 题型:解答题
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科目:初中数学 来源: 题型:选择题
A. | 两边和一角分别相等的两个三角形全等 | |
B. | 相似三角形的面积比等于相似比 | |
C. | 正方形不是中心对称图形 | |
D. | 圆内接四边形的对角互补 |
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科目:初中数学 来源: 题型:选择题
A. | x1=0,x2=4 | B. | x1=1,x2=5 | C. | x1=1,x2=-5 | D. | x1=-1,x2=5 |
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科目:初中数学 来源: 题型:选择题
A. | $\sqrt{2}$ | B. | 2$\sqrt{2}$-2 | C. | 2-$\sqrt{2}$ | D. | $\sqrt{2}$-2 |
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