分析 (1)连结OC,根据切线的性质得OC⊥PC,根据余角的性质得到∠B=∠OCG,等量代换得到∠PCG=∠BGF,根据对顶角相等得∠BGF=∠PGC,于是得到∠PGC=∠PCG,根据等腰三角形的判定定理即可得到结论;
(2)连结OG,由点G是BC的中点,根据垂径定理的推论得OG⊥BC,BG=CG,根据相似三角形的性质得到BG2=BO•BF,等量代换得到结论;
(3)连结OE,OG=OG=$\sqrt{5}$,在Rt△OBG中,利用勾股定理计算出BG=2$\sqrt{5}$,再利用BG2=BO•BF可计算出BF,从而得到OF=1,根据三角形的面积公式即可得到结论.
解答 (1)证明:连结OC,如图,
∵PC为⊙O的切线,
∴OC⊥PC,
∴∠OCG+∠PCG=90°,
∵ED⊥AB,
∴∠B+∠BGF=90°,
∵OB=OC,
∴∠B=∠OCG,
∴∠PCG=∠BGF,
而∠BGF=∠PGC,
∴∠PGC=∠PCG,
∴PC=PG;
(2)解:CG、BF、BO三者之间的数量关系为CG2=BO•BF.理由如下:
连结OG,如图,
∵点G是BC的中点,
∴OG⊥BC,BG=CG,
∴∠OGB=90°,
∵∠OBG=∠GBF,
∴Rt△BOG∽Rt△BGF,
∴BG:BF=BO:BG,
∴BG2=BO•BF,
∴CG2=BO•BF;
(3)解:连结OE,如图,
由(2)得OG⊥BC,
∴OG=$\sqrt{5}$,
在Rt△OBG中,OB=5,
∴BG=$\sqrt{O{B}^{2}-O{G}^{2}}$=2$\sqrt{5}$,
由(2)得BG2=BO•BF,
∴BF=$\frac{20}{5}$=4,
∴OF=1,
∴FG=$\sqrt{5-1}$=2,
过P作PH⊥BC于H,
∵PC=PG,
∴GH=$\frac{1}{2}$CG=$\frac{1}{2}$BG=$\sqrt{5}$,
∵∠PHG=∠BFG=90°,∠BGF=∠DGH,
∴△BFG∽△PHG,
∴$\frac{PH}{BF}=\frac{GH}{FG}$,即$\frac{PH}{4}=\frac{\sqrt{5}}{2}$,
∴PH=2$\sqrt{5}$,
∴S△CGP=$\frac{1}{2}$CG•PH=$\frac{1}{2}$×2$\sqrt{5}$×2$\sqrt{5}$=10.
点评 本题考查了垂径定理以及推论,勾股定理,三角形相似的判定与性质,三角形的面积的计算,正确的作出辅助线构造直角三角形是解题的关键.
科目:初中数学 来源: 题型:选择题
A. | y1<y2 | B. | y1=y2 | C. | y1>y2 | D. | 无法确定 |
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