分析 (1)作DE⊥BC于E,根据勾股定理即可求解;
(2)线段PQ将四边形ABCD的面积分为1:2两部分,分两种情况进行求解.
解答 解:(1)如图1,作DE⊥BC于E,则四边形ADEB是矩形.
∴BE=AD=1,DE=AB=3,
∴EC=BC-BE=4,
在Rt△DEC中,DE2+EC2=DC2,
∴DC=$\sqrt{D{E}^{2}+C{E}^{2}}$=5厘米;
(2)∵点P的速度为1厘米/秒,点Q的速度为2厘米/秒,运动时间为t秒,
∴BP=t厘米,PC=(5-t)厘米,CQ=2t厘米,QD=(5-2t)厘米,
且0<t≤2.5,
作QH⊥BC于点H,
∴DE∥QH,
∴∠DEC=∠QHC,
∵∠C=∠C,
∴△DEC∽△QHC,
∴$\frac{DE}{QH}$=$\frac{DC}{QC}$,即$\frac{3}{QH}$=$\frac{5}{2t}$,
∴QH=$\frac{6}{5}$t,
∴S△PQC=$\frac{1}{2}$PC•QH=$\frac{1}{2}$(5-t)•$\frac{6}{5}$t=-$\frac{3}{5}$t2+3t,
S四边形ABCD=$\frac{1}{2}$(AD+BC)•AB=$\frac{1}{2}$(1+5)×3=9,
分两种情况讨论:
①当S△PQC:S四边形ABCD=1:3时,
-$\frac{3}{5}$t2+3t=$\frac{1}{3}$×9,即t2-5t+5=0,
解得t1=$\frac{5-\sqrt{5}}{2}$,t2=$\frac{5+\sqrt{5}}{2}$(舍去);
②S△PQC:S四边形ABCD=2:3时,
-$\frac{3}{5}$t2+3t=$\frac{2}{3}$×9,即t2-5t+10=0,
∵△<0,
∴方程无解,
∴当t为$\frac{5-\sqrt{5}}{2}$秒时,线段PQ将四边形ABCD的面积分为1:2两部分.
点评 此题考查了勾股定理,相似三角形的判定与性质,直角梯形,三角形的面积等知识,准确作出辅助线、利用数形结合以及分类讨论是解题的关键.
科目:初中数学 来源: 题型:选择题
A. | $\left\{\begin{array}{l}{x+2y=75}\\{y=3x}\end{array}\right.$ | B. | $\left\{\begin{array}{l}{2x+y=75}\\{x=3y}\end{array}\right.$ | C. | $\left\{\begin{array}{l}{2x+y=75}\\{y=3x}\end{array}\right.$ | D. | $\left\{\begin{array}{l}{x+2y=75}\\{x=3y}\end{array}\right.$ |
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科目:初中数学 来源: 题型:选择题
A. | 1个 | B. | 2个 | C. | 3个 | D. | 4个 |
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科目:初中数学 来源: 题型:选择题
A. | 4.233×103元 | B. | 0.4233×104元 | C. | 42.33×1010元 | D. | 4.233×1011元 |
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科目:初中数学 来源: 题型:选择题
A. | $\sqrt{3}$ | B. | $\frac{\sqrt{3}}{2}$ | C. | 2$\sqrt{3}$ | D. | 4$\sqrt{3}$ |
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科目:初中数学 来源: 题型:选择题
A. | a•(cosα-cosβ) | B. | $\frac{a}{tanβ-tanα}$ | ||
C. | acosα-$\frac{a•sinα}{tanβ}$ | D. | a•cosα-asinα•a•tanβ |
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科目:初中数学 来源: 题型:选择题
A. | EF=2CE | B. | S△AEF=$\frac{2}{3}$S△BCF | C. | BF=3CD | D. | BC=$\frac{3}{2}$AE |
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