分析 (1)设抛物线的解析式为y=(x+3)(x+n),将点C的坐标代入可求得n的值,则可得到抛物线的解析式,然后利用配方法可求得抛物线的顶点坐标;
(2)过点E作ED⊥BC,垂足为D.由题意可得到△OBC和△CDE均为等腰直角三角形,然后求得CE、BC、DE的长,最后利用锐角三角函数的定义求解即可;
(3)先证明tan∠FDB=tan∠CBE,从而得到∠FDB=∠CBE,当$\frac{DM}{BD}$=$\frac{BE}{BC}$或当∠BMD=∠BCE=45°时,△DMB和△BCE相似.
解答 解:(1)设抛物线的解析式为y=(x+3)(x+n),将点C的坐标代入得:3n=-3,解得n=-1.
∴抛物线的解析式为y=(x+3)(x-1)即y=x2-2x-3.
∵y=x2-2x-3=(x-1)2-4,
∴D(1,-4).
(2)如图1所示:过点E作ED⊥BC,垂足为D.
∵B(3,0),C(0,-3),
∴OC=OB=3.
∴∠OCB=∠OBC=45°,BC=3$\sqrt{2}$
∵点E与点C关于抛物线的对称轴对称,
∴CE⊥OC,
∴∠DCE=45°.
∵ED⊥CD,
∴△DEB为等腰直角三角形.
∵y=x2-2x-3=(x-1)2-4,
∴抛物线的对称轴为x=1.
∴CE=2.
∴CD=ED=$\sqrt{2}$.
∴BD=BC-CD=2$\sqrt{2}$.
∴tan∠CBE=$\frac{DE}{BD}$=$\frac{1}{2}$.
(3)如图2所示:
∵B(3,0),D(-1,-4),
∴A(-1,0),F(1,0).
∴FB=2,DF=4.
∴tan∠FDB=$\frac{1}{2}$.
∴tan∠FDB=tan∠CBE.
∴∠FDB=∠CBE.
∴当$\frac{DM}{BD}$=$\frac{BE}{BC}$时,△BCE∽△DBM.
∴$\frac{MD}{2\sqrt{5}}$=$\frac{\sqrt{10}}{3\sqrt{2}}$,解得:MD=$\frac{10}{3}$.
∴点M的纵坐标=-4+$\frac{10}{3}$=-$\frac{2}{3}$.
∴M(1,-$\frac{2}{3}$).
如图3所示:
∵∠FDB=∠CBE,
∴当∠BMD=∠BCE=45°时,△DMB∽△BCE.
∴FM=FB=2.
∴M(1,2).
综上所述,当点M的坐标为(1,-$\frac{2}{3}$)或(1,2)时,△DMB和△BCE相似.
点评 本题主要考查的是二次函数的综合应用,解答本题主要应用了待定系数法求二次函数的解析式、等腰直角三角形的判定和性质、相似三角形的判定,找出△DMB和△BCE相似的条件是解答本题的关键.
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A. | $\sqrt{45}$-2$\sqrt{5}$=7$\sqrt{5}$ | B. | 2$\sqrt{2}$×3$\sqrt{2}$=6$\sqrt{2}$ | C. | $\sqrt{\frac{7}{6}}$÷$\sqrt{\frac{5}{6}}$=$\frac{\sqrt{7}}{5}$ | D. | $\frac{1}{\sqrt{2}}$=$\frac{\sqrt{2}}{2}$ |
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A. | 30° | B. | 40° | C. | 45° | D. | 50° |
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科目:初中数学 来源: 题型:选择题
A. | 义 | B. | 仁 | C. | 智 | D. | 信 |
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