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8.如图,抛物线y=ax2-4x的图象与x轴的一个交点为A(6,0),点B为抛物线的顶点,连结OB、AB,作OC⊥OB交BA的延长线于点C.
(1)求a的值及点B的坐标;
(2)求点C的坐标;
(3)设过原点O的直线交抛物线于点P,且满足∠AOP=∠ABO,求点P的坐标.

分析 (1)把A点坐标代入抛物线解析式可求得a的值,则可求得抛物线解析式,化为顶点式可求得B点坐标;
(2)由A、B坐标可求得直线AC的解析式,可设出C点坐标,过C作CE⊥y轴于点E,过B作BD⊥y轴于点D,可证明△COE∽△OBD,则可得到关于C点坐标的方程,可求得C点坐标;
(3)当点P在第一象限时,过P作PM⊥x轴于点M,在Rt△BOC中可求得∠ABO的正切值,则可求得PM与OM的关系,可设出P点坐标,代入抛物线解析式可求得P点坐标;当点P在第四象限时,过点P作PN⊥x轴于点N,同理可设出P点坐标,代入抛物线解析式可求得P点坐标.

解答 解:
(1)把A(6,0)代入抛物线解析式可得0=36a-24,解得a=$\frac{2}{3}$,
∴抛物线解析式为y=$\frac{2}{3}$x2-4x=$\frac{2}{3}$(x-3)2-6,
∴顶点B的坐标为(3,-6);
(2)设直线AB解析式为y=kx+b(k≠0),
把A(6,0),B(3,-6)代入可得$\left\{\begin{array}{l}{6k+b=0}\\{3k+b=-6}\end{array}\right.$,解得$\left\{\begin{array}{l}{k=2}\\{b=-12}\end{array}\right.$,
∴直线AB的解析式为y=2x-12,
∴可设C(x,2x-12),
如图1,过C作CE⊥y轴于点E,过B作BD⊥y轴于点D,

则CE=x,OE=2x-12,且BD=3,OD=6,
∵∠BDO=∠BOC=∠CEO=90°,
∴∠BOD+∠COE=∠BOD+∠OBD=90°,
∴∠COE=∠OBD,
∴△COE∽△OBD,
∴$\frac{CE}{OD}$=$\frac{OE}{BD}$,即$\frac{x}{6}$=$\frac{2x-12}{3}$,解得x=8,
∴C(8,4);
(3)当点P在第一象限时,如图2,过P作PM⊥x轴于点M,

∵B(3,-6),C(8,4),
∴OB=$\sqrt{{3}^{2}+{6}^{2}}$=3$\sqrt{5}$,OC=$\sqrt{{4}^{2}+{8}^{2}}$=4$\sqrt{5}$,
∵∠BOC=90°,
∴tan∠ABO=$\frac{OC}{OB}$=$\frac{4}{3}$,
∴tan∠AOP=$\frac{PM}{OM}$=$\frac{4}{3}$,
∴可设P点坐标为(3m,4m),
把P点坐标代入抛物线解析式可得4m=$\frac{2}{3}$(3m)2-4•3m,解得m=0(舍去)或m=$\frac{8}{3}$,
∴点P的坐标为(8,$\frac{32}{3}$);
当点P在第四象限时,过P作PN⊥x轴于点N,如图3,

同理可设P点坐标为(3n,-4n),代入抛物线解析式可得-4n=$\frac{2}{3}$(3n)2-4×3n,解得n=0(舍去)或n=$\frac{4}{3}$,
∴P点坐标为(4,-$\frac{16}{3}$);
综上可知,符合题意的点P有两个,其坐标为(8,$\frac{32}{3}$)或(4,-$\frac{16}{3}$).

点评 本题为二次函数的综合应用,涉及待定系数法、相似三角形的判定和性质、勾股定理、三角函数的定义及方程思想等知识.在(1)中注意待定系数示的应用,在(2)中构造相似三角形,得到关于C点坐标的方程是解题的关键,在(3)中确定出∠AOP的正切值是解题的关键.本题考查知识点较多,综合性较强,难度适中.

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