分析 连接EC,PB交OC于K,首先证明△EOC∽△ECB,得$\frac{EO}{EC}$=$\frac{EC}{EB}$=$\frac{OC}{BC}$=$\frac{1}{\sqrt{2}}$,设EC=a,求出EB、OE,再证明△BOE∽△BKO,得$\frac{OE}{OK}$=$\frac{EB}{BO}$,即$\frac{OK}{BO}$=$\frac{OE}{EB}$=$\frac{1}{2}$,推出点K是OC中点,求出直线KB与抛物线的交点P即可解决问题.
解答 解:连接EC,PB交OC于K.
∵OB=OC=3,∠BOC=90°,
∴∠OCB=∠OBC=45°,
∵OE⊥PB,
∴∠OEP=∠OEB=90°,
∵∠PEC=45°,
∴∠OEC=∠BEC=135°,
∴∠EOC+∠OCE=45°,
∵∠OCE+∠BCE=45°,
∴∠EOC=∠BCE,
∴△EOC∽△ECB,
∴$\frac{EO}{EC}$=$\frac{EC}{EB}$=$\frac{OC}{BC}$=$\frac{1}{\sqrt{2}}$,设EC=a,
则EB=$\sqrt{2}$a,OE=$\frac{\sqrt{2}}{2}$a,
∵∠OBK=∠OBE,∠BOK=∠BEO=90°,
∴△BOE∽△BKO,
∴$\frac{OE}{OK}$=$\frac{EB}{BO}$,
∴$\frac{OK}{BO}$=$\frac{OE}{EB}$=$\frac{1}{2}$,
∴OK=$\frac{1}{2}$OB=$\frac{3}{2}$,
∴点K坐标为(0,-$\frac{3}{2}$),
设直线BK为y=kx+b,则$\left\{\begin{array}{l}{b=-\frac{3}{2}}\\{3k+b=0}\end{array}\right.$解得$\left\{\begin{array}{l}{k=\frac{1}{2}}\\{b=-\frac{3}{2}}\end{array}\right.$,
∴直线BK解析式为y=$\frac{1}{2}$x-$\frac{3}{2}$,
由$\left\{\begin{array}{l}{y=\frac{1}{2}x-\frac{3}{2}}\\{y={x}^{2}-2x-3}\end{array}\right.$解得$\left\{\begin{array}{l}{x=3}\\{y=0}\end{array}\right.$或$\left\{\begin{array}{l}{x=-\frac{1}{2}}\\{y=-\frac{7}{4}}\end{array}\right.$,
∴点P坐标为(-$\frac{1}{2}$,-$\frac{7}{4}$).
点评 本题考查抛物线与x轴的交点,新三角形的判定和性质、一次函数等知识,解题的关键是发现相似三角形,学会设参数解决问题,本题的突破点是证明点K是OC中点,属于中考压轴题.
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