分析 (1)根据图形和推理过程填空即可;
(2)将△ADE绕点A顺时针旋转90°得到△ABH,根据旋转的性质可得AH=AE,BH=DE,∠1=∠2,再求出∠HAF=∠EAF,再判断出点H、B、F三点共线,然后利用“边角边”证明△AEF和△AHF全等,根据全等三角形对应边相等可得EF=HF,再根据HF=BH+BF等量代换即可得证.
(3)根据角之间关系,只要满足∠B+∠D=180°时,就可以得出三角形全等,利用全等三角形的性质即可得出答案.
解答 解:(1)将△ADE绕点A顺时针旋转90°得到△ABG,此时AB与AD重合,
由旋转可得:AB=AD,BG=DE,∠1=∠2,∠ABG=∠D=90°,
∴∠ABG+∠ABF=90°+90°=180°,
因此,点G,B,F在同一条直线上,
∵∠EAF=45°,
∴∠2+∠3=∠BAD-∠EAF=90°-45°=45°,
∵∠1=∠2,
∴∠1+∠3=45°,
即∠GAF=∠EAF,
又AG=AE,AF=AF,
∴△GAF≌△EAF(SAS),
∴GF=EF,
故DE+BF=EF;
故答案为:EAF,△EAF,GF.
(2)EF=DE+BF,
如图②,将△ADE绕点A顺时针旋转90°得到△ABH,
由旋转可得,AH=AE,BH=DE,∠1=∠2,
∵∠EAF=$\frac{1}{2}$∠DAB,
∴∠HAF=∠1+∠3=∠2+∠3=$\frac{1}{2}$∠BAD,
∴∠HAF=∠EAF,
∵∠ABH+∠ABF=∠D+∠ABF=90°+90°=180°,
∴点H、B、F三点共线,
在△AEF和△AHF中,
$\left\{\begin{array}{l}{AH=AE}\\{∠HAF=∠EAF}\\{AF=AF}\end{array}\right.$,
∴△AEF≌△AHF(SAS),
∴EF=HF,
∵HF=BH+BF,
∴EF=DE+BF.
(3)当∠B与∠D满足∠B+∠D=180°时,可使得DE+BF=EF.
点评 此题主要考查了全等三角形的判定以及折叠的性质和旋转变换性质等知识,根据题意作出与已知相等的角,利用三角形全等是解决问题的关键.
科目:初中数学 来源: 题型:解答题
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