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    20．利用如图所示的装置来“探究杠杆的平衡条件”．

    （1）若实验前杠杆如图甲所示，可将杠杆两端的平衡螺母向右（填“左”或“右”）调节，以杠杆在水平位置平衡．
    （2）调节完毕后，当在杠杆B点挂3个质量相同的钩码，如图乙所示，那么在杠杆的D点挂4个质量相同的钩码，才能使杠杆恢复在水平位置平衡．当杠杆平衡后，将B、D两点下方所挂的钩码同时向支点O靠近1个格，那么杠杆右（填“左”或“右”）升高．
    （3）实验中若不在D点挂钩码，而在杠杆的A点或C点使用弹簧测力计使杠杆在水平位置平衡，为使弹簧测力计的示数最小，应使弹簧测力计挂在A点，且拉力的方向是竖直向上．

    分析 （1）调节杠杆平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动；
    （2）设一个钩码重为G，杠杆一个小格是L，根据杠杆平衡条件判断在D点挂钩码的数量；
    根据杠杆的平衡条件进行分析；
    （3）阻力和阻力臂一定时，要使动力最小，动力臂要最大，在D点施加一个竖直向上的力，根据杠杆平衡条件求出拉力大小．

    解答 解：
    （1）杠杆不在水平位置，左端向下倾斜，右端上翘，故应向右调节平衡螺母；
    （2）一个钩码的重力为G，设杠杆一个小格代表L，
    根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2可得：
    3G×4L=nG×3L，
    解得：n=4；
    当杠杆平衡后，将B、D两点下方所挂的钩码同时向支点O靠近1个格，
    则杠杆左端：F1L1=3G×3L=9GL，
    杠杆右端：F2L2=4G×2L=8GL，
    则F1L1＞F2L2，即杠杆右侧升高；
    （3）根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知：在阻力和阻力臂一定时，要使动力最小，动力臂要最大；
    由图可知：在杠杆的A点或C点中A点的力臂最长，则施加的力最小，拉力方向竖直向上．
    故答案为：（1）右；（2）4；右；（3）A；竖直向上．

    点评 本题考查了杠杆平衡条件的实验及其应用，关键是分析出杠杆所受的力及对应的力臂，将已知条件代入便可；力竖直作用在杠杆上，力臂最长，力最小．

    练习册系列答案
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    A．小物块从P向M运动过程中，重力势能减少
    B．小物块从P向M运动过程中，机械能不变
    C．小物块从P向M运动过程中，机械能减少
    D．弹簧被压缩到最短时，弹簧的弹性势能最大

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    A．刻度尺是测量长度的仪器，在读数时不需要估读
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    C．托盘天平是测量质量仪器，使用时必须使用镊子取放砝码
    D．弹簧测力计是测量力的仪器，必须竖直使用

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    熟鸡蛋模型    		C．
           西瓜模型    		D．
           行星模型

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    科目：初中物理 来源： 题型：多选题

    12．如图所示，电源电压为4.5V，电压表量程为“0～3V”，电流表量程为“0～0.6A”，滑动变阻器规格为“10Ω 1A”，小灯泡L标有“2.5V 1.25W”（灯丝电阻不变），在保证小灯泡L电流不超过额定电流的情况下，移动滑动变阻器的滑片，下列说法正确的是（　　）
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    8．如图所示的电路中，电源电压保持不变．闭合开关S后，当滑动变阻器的滑片P向左移动时，下列判断正确的是（　　）
    A．电流表示数变大，电压表示数变小
    B．电流表示数变小，电压表示数变小
    C．电流表示数变大，电压表示数变大
    D．电流表示数变小，电压表和电流表示数之比变大

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    （2）分析表中的实验数据可知，质量相等的水和沙，升高相同的温度，水 （选填“水”或“沙”）吸收的热量较多；其理由是加热的时间较长．
    物质沙水
    质量/g3030
    升高10℃需要的时间/s6496
    升高20℃需要的时间/s89163
    升高30℃需要的时间/s124220
    （3）物质吸热本领的强，意味着每升高1℃，其吸收的热量较多；不断用玻璃棒对水和沙进行搅拌的作用是使水和沙受热均匀．

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