阅读短文.回答问题．超声波加湿器超声波加湿器通电工作时.雾化片产生每秒170万次的高频振动.将水抛离水面雾化成大量1μm-5μm的超微粒子.吹散到空气中使空气湿润.改变空气的湿度．图甲所示是某型号超声波加湿器.下表为其部分技术参数.其中额定加湿量是指加湿器正常工作1h雾化水的体积,循环风量是指加湿器正常工作1h通过风扇的空� 题目和参考答案——青夏教育精英家教网—

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6．阅读短文，回答问题．
超声波加湿器
超声波加湿器通电工作时，雾化片产生每秒170万次的高频振动，将水抛离水面雾化成大量1μm～5μm的超微粒子（水雾），吹散到空气中使空气湿润，改变空气的湿度．
图甲所示是某型号超声波加湿器，下表为其部分技术参数，其中额定加湿量是指加湿器正常工作1h雾化水的体积；循环风量是指加湿器正常工作1h通过风扇的空气体积；加湿效率是指实际加湿量和实际输入功率的比值．

型号	×××	额定加湿量	15L/h
额定电压	220V	额定输入功率	500W
水箱容量	20L	循环风量	2000m³/h
加湿效率	≥1.2×10^-2L/（h•W）	轮子与地面接触的总面积	6.0×10^-4m³
净重	950kg

（1）上表部分技术参数中有两处单位错误，一处为6.0×10^-4m³，另一处为950kg．
（2）加湿器正常工作时，每分钟通过风扇的空气质量相当于的B质量．（空气密度ρ=1.29g/cm³）
A．一只苹果 B．一名中学生 C．一头牛 D．一辆汽车
（3）下列说法中错误的是D．
A、加湿器产生的超声波是由雾化片振动产生的
B、加湿器通电使雾化片振动，电能主要转化为机械能
C、水雾化成超微粒子的过程没有发生物态变化
D、水雾化成超微粒子需要能量，说明分子间有斥力
（4）利用湿敏电阻可实现对环境湿度的精确测量，如图乙所示，电源电压为24V，定值电阻R的阻值为120Ω，湿敏电阻的阻值R₀随湿度RH变化的关系图线如图丙所示，该电路能够测量的湿度范围是30%～90%；则电压表示数的变化范围是12～15V．
（5）在没有其他用电器接入电路的情况下，加湿器工作30min，标有“3000imp/kW•h”的电能表指示灯闪烁了600次，实际加湿量至少为4.8L/h．

分析（1）重力与质量不同，单位不同；
（2）加湿器正常工作时，由“循环风量”可知1min通过风扇的空气体积，根据密度公式求出每小时通过风扇的空气质量；估测四个选项物体的质量，选出合适的答案；
（3）物质由气态变为液态的过程叫液化；分子之间存在引力和斥力；声音是由物体的振动产生的；电流做功是把电能转化为其它形式的能，据此分析判断；
（4）知道该电路能够测量的湿度范围，由图丙可知湿敏电阻的阻值的变化范围，知道电源电压和定值电阻R的阻值，利用串联电路的电压特点、欧姆定律求出两种情况下湿敏电阻两端的电压，可得电压表的变化范围；
（5）3000imp/（kW•h）的含义是：电路中每消耗1kW•h的电能，指示灯闪烁3000次，据此求出指示灯闪烁了600次消耗的电能，根据P=$\frac{W}{t}$求出加湿器实际功率，根据表格中的加热效率求出最少的实际加湿量．

解答解：
（1）净重，是指加湿器的重力，表格中数据单位错，另一处错误为950kg；
（2）由表中数据得出，加湿器正常工作1h通过风扇的空气体积V=2000m³，
则由ρ=$\frac{m}{V}$得加湿器正常工作时，每分钟通过风扇的空气质量：
m=ρV=1.29kg/m³×2000m³/h×$\frac{1}{60}$h=43kg；
而一只苹果的质量在200g左右、中学生的质量在50kg左右、牛的质量在400kg左右、汽车的质量在1000kg以上，所以每分钟通过风扇的空气质量相当于的一名中学生的质量，故选B；
（3）A、由题知，超声波加湿器通电工作时，雾化片产生每秒170万次的超声波，加湿器产生的超声波是由雾化片振动产生的，故A正确；
B、加湿器通电使雾化片振动，电能主要转化为机械能，故B正确；
C、水雾化成的超微粒子仍为液体，该过程没有发生物态变化，故C正确；
D、水雾化成超微粒子需要能量，说明分子间有引力，故D错误；本题选错误的，故选D．
（4）该电路能够测量的湿度范围是30%～90%，由图丙可知湿敏电阻的阻值R₀变化范围为120Ω～200Ω，
电源电压U=24V，R=120Ω，定值电阻和湿敏电阻串联，当R₀₁=120Ω时，U₀₁=$\frac{1}{2}$U=12V，即此时电压表的示数为12V；当R₀₂=200Ω时，$\frac{{U}_{R}}{R}$=$\frac{{U}_{02}}{{R}_{02}}$，
$\frac{U-{U}_{02}}{R}$=$\frac{{U}_{02}}{{R}_{02}}$，
$\frac{24V-{U}_{02}}{120Ω}$=$\frac{{U}_{02}}{200Ω}$，解得U₀₂=15V，即此时电压表的示数为15V；
所以电压表示数的变化范围为12～15V；
（5）加湿器消耗的电能：
W=$\frac{600}{3000}$×1kW•h=0.2kW•h=7.2×10⁵J，
加湿器实际功率：
P=$\frac{W}{t}$=$\frac{7.2{×10}^{5}J}{30×60s}$=400W，
因为加湿效率η=$\frac{V}{P}$，最小值η=1.2×10^-2L/（h•W），
所以实际加湿量至少为：
V=ηP=1.2×10^-2L/（h•W）×400W=4.8L/h．
故答案为：（1）950kg；（2）B；（3）D；（4）12～15；（5）4.8．

点评本题是一道信息给予题，认真审题、根据题意获取所需信息，应用密度公式、电功率公式、效率公式、串联电路特点与欧姆定律即可正确解题．

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