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超声波加湿器

超声波加湿器通电工作时,雾化片产生每秒170万次的高频率振动,将水抛离水面雾化成大量1μm~5μm的超微粒子(水雾),吹散到空气中使空气湿润,改变空气的湿度.

图甲所示是某型号超声波加湿器,下表为其部分技术参数,其中额定加湿量是指加湿器正常工作1h雾化水的体积;循环风量是指加湿器正常工作1h通过风扇的空气体积;加湿效率是指实际加湿量和实际输入功率的比值.

(1)加湿器正常工作时,每小时通过风扇的空气质量为________ kg;加满水时,加湿器对水平地面的压强为________ Pa.(空气密度ρ=1.29kg/m3, g取10N/kg)

(2)加湿器正常工作时的电流为________ A,加满水后最多能加湿________ h.

(3)下列说法中错误的是_______ .

A. 加湿器产生的超声波是由雾化片振动产生的 B. 加湿器通电使雾化片振动,电能主要转化为机械能

C. 水雾化成超微粒子的过程是汽化现象 D. 水雾化成超微粒子需要能量,说明分子间有引力

(4)在没有其他用电器接入电路的情况下,加湿器工作30min,标有“3000imp/kW•h”的电能表指示灯闪烁了720次,此过程中加湿器消耗的电能为________ J,实际加湿量至少为________ L/h.

(5)利用湿敏电阻可实现对环境湿度的精确测量,如图乙所示,电源电压为24V,定值电阻R的阻值为120Ω,电流表的量程为0~100mA,电压表的量程为0~15V,湿敏电阻的阻值R0随湿度RH变化的关系图线如图丙所示,该电路能够测量的湿度范围是________;将电压表表盘的相关刻度值转化为对应的湿度值,制成一个简易湿度计,该湿度计的刻度值分布是________(选填“均匀”或“不均匀”)的.

2580 2×106 2.27 1.67 C 8.64×105 5.76 30%~90% 不均匀 【解析】试题分析: (1)加湿器正常工作时,每小时通过风扇的空气质量: m=ρV=1.29kg/m3×2000m3/h×1h=2580kg; 加满水时,水的质量:m水=ρ水V水=1×103kg/m3×25×10﹣3m3=25kg, 加湿器对水平地面的压强:2×106Pa; ...
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为了比较甲、乙两个凸透镜焦距的大小,小明先后用这两个凸透镜做成像实验。他使烛焰、凸透镜和光屏三者的中心在同一水平直线上,且使两个凸透镜与光屏间的距离均为20 cm。实验时发现:烛焰经凸透镜甲折射后在光屏上所成的是一个清晰缩小的像,烛焰经凸透镜乙折射后在光屏上所成的是一个清晰放大的像,由此判断:凸透镜____的焦距较大,凸透镜____折光能力更强。

甲 乙 【解析】解答:由题意知,凸透镜与光屏间的距离均为20cm,即v=20cm.烛焰经凸透镜甲折射后在光屏上所成的是一个清晰缩小的像,所以此时物距大于2f,而像距处于f和2f之间。所以f<20cm<2f,所以10cm2f,所以f<10cm.所以凸透镜甲的焦距较大,折...

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(1)分析表中数据,判断小灯泡两端电压变化后灯丝的电阻是否改变?如果灯丝电阻改变,其本质原因是什么?

(2)在操作③这个步骤中,为何开关Sl刚断开时,L1较暗而L2较亮?请作出合理的解释。

(3)在操作③这个步骤中,当两个灯泡一样亮后,电路消耗的总功率是多少?

(4)小明证实自己的猜想时,是否是采用的乙图电路?请说明理由。

见解析所示。 【解析】(1)利用欧姆定律,根据表中的数据,求出导体的阻值,发现导体的电阻在增大。原因是,当电压增加时,电流随之增大,灯丝的温度升高,导致电阻变大。(2)在操作③这个步骤中,由于灯L2一直处于通电状态,温度较高,相应的电阻也较大。 当开关S1断开时,灯L1与灯L2串联在电路中,开始时L1的即时电阻比L2的电阻小,故L2分得的电压相应也要大,根据公式P=UI,可以确定,此时...

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下图所示是直流电动机提升重物的示意图,电源电压为110 V且保持不变,电路中的电流是 5 A ,质量为 50 kg 的重物在电动机带动下以 0.9 m /s的速度匀速上升,不计各处摩擦,则电动机线圈的电阻是( g 取10 N/kg)( )

A. 2 Ω B. 4 Ω C. 10 Ω D. 22 Ω

B 【解析】电动机克服重力做功的功率:, 电动机的功率: PM=UI=110V×5A=550W;, 电动机的发热功率: P热=PM-PG=550W-450W=100W; 由P=I2R可得:. 故选B.

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A. L1灯头断路 B. L1灯头短路 C. L2灯头短路 D. L2灯头断路

C 【解析】当只闭合S、S1 时L0 和L1 都呈暗红色,是因为L1 与该灯串联接入电路,所分电压低于220V,所以L1 正常;当只闭合S、S2 时,L0 正常发光,L2 不发光,是因为L2 被短路,使L0 直 接接在电源上,正常发光,故选C。

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变大 不变 变小 不变 【解析】由电路图可知,两电阻串联,电压表V测电源两端电压,电压表V1测定值电阻R1两端电压,电压表V2测滑动变阻器R2两端电压,电流表测电路电流.∵电源的电压不变,∴电压表V的示数不变;当滑动变阻器的滑片P向左移动时,接入电路中的电阻变小,电路中的总电阻变小,∵,∴电路中的电流变大,即电流表A的示数变大,∵,∴R1两端的电压变大,∵串联电路中总电压等于各分电压之和,∴...

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两个实验小组同时分别探究“蜡熔化过程中温度的变化规律”和“海波熔化过程中温度的变化规律”.记录数据如下表:

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蜡 液 【解析】试题分析:(1)蜡是非晶体,而海波是晶体,根据晶体和非晶体在熔化过程中的特点进行判断;甲在加热过程中,温度不断升高,所以甲应是非晶体蜡;乙温度达到48℃后温度保持不变,所以乙是晶体海波。 (2)晶体在熔化过程中,需不断吸热,晶体温度不变,晶体全部熔化后,吸收热量,温度就会升高.找出关键的温度点,可判断每一时间段物质所处的状态.熔化过程中对应的温度叫做这种物质的熔点,由上...

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下列所述各事例是为了增大压强还是减小压强(填“增大”或“减小”)

①刀口常磨得很薄____________________; ②铁轨下面垫枕木_______________________;

③书包带换成宽一些的________________; ④铁钉的头部做得尖尖的__________________;

增大 减小 减小 增大 【解析】①刀口常磨得很薄是压力一定时,减小受力面积来增大压强;②铁轨下面垫枕木是压力一定时,增大受力面积来减小压强;③书包带换成宽一些是压力一定时,增大受力面积来减小压强;④铁钉的头部做得尖尖的是压力一定时,减小受力面积来增大压强。

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