小灯泡L的额定电压为6 V.小星通过实验测得其电流I随电压U变化的曲线如图所示．由图可知.当小灯泡L正常发光时.通过其灯丝的电流是 A,通过调节滑动变阻器.使小灯泡两端的电压为1 V.则此时小灯泡L消耗的实际功率为 W． 0.6 0.3 [解析]从图像中可以看出当灯泡两端的电压为6V时.对应纵坐标电流为0.6A.故当小灯泡L正常发光时.通过题目和参考答案——青夏教育精英家教网—

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小灯泡L的额定电压为6 V，小星通过实验测得其电流I随电压U变化的曲线如图所示．由图可知，当小灯泡L正常发光时，通过其灯丝的电流是________A；通过调节滑动变阻器，使小灯泡两端的电压为1 V，则此时小灯泡L消耗的实际功率为________W．

0.6 0.3 【解析】从图像中可以看出当灯泡两端的电压为6V时，对应纵坐标电流为0.6A，故当小灯泡L正常发光时，通过其灯丝的电流是0.6A；图像中灯泡两端电压为1V时，对应电流为0.3A，由P=UI可得P=1V×0.3A=0.3W.

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在如图所示的电路中电源电压不变，S1已经闭合．当再闭合开关S时（）

A. 电压表示数变小 B. 电流表示数变小

C. 电路中总电阻变大 D. 电路消耗的总功率变大

D 【解析】如图电路，开关S2闭合后，两电阻并联，电压表测量电源电压，且电源电压不变，所以电压表清示数不变；故A错误；电流表测量干路电流，因为并联电路的干路电流等于各支路电流之和，所以S2闭合后，电流变大，即电表清示数变大；故B错误；根据，电压不变，电流变大，所以电阻变小，即总电阻变小，故C错误；；根据，电压不变，电流变大，功率变大，故D正确。故选D。 ...

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小明观察家里的电饭煲铭牌：额定电压为220 V，保温功率为20 W，但加热功率已经磨损，电饭煲的工作原理如图所示，通过单刀双掷开关S调节加热和保温两种状态，R0为电热丝．他想利用家里的电能表测出它的加热功率，于是他关闭了家里所有其他用电器，只让电饭煲工作，观察了电能表，发现上面标有“3000 r/(kW·h)”，请你帮助小明解决下列问题．

(1)电饭煲在加热状态时，开关S应与触点_______连接；

(2)他发现正常加热了6 min电饭堡就转为保温状态，在这6 min内电能表转盘刚好转了300r，则电饭煲的加热功率是_______W；

(3)如果该电饭煲正常加热消耗了6.72×105 J电能，这些能量全部被水吸收，能将_______kg水在1个标准大气压下由20℃加热至沸腾[c水＝4.2×103 J/(kg·℃)]；

(4)保温10 min，电热丝R0产生的热量为_______J．

2 103 2 240 【解析】（1）由电路图可知，开关与触点2连接时，电阻R被短路，只有电热丝R1接入电路，此时电路电阻最小，电路电功率最大，电饭煲处于加热状态．（2）电饭煲消耗的电能，电饭煲的加热功率；（3）在1标准大气压下水的沸点是100℃，∵，∴水的质量；（4）∵，∴ ，则，通过串联电阻的电流相等，，保温时，电热丝R1的功率，保温10min，...

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标有“6V 6W”、“6V 3W”的灯泡L1、L2，串联接在某电源上，设灯丝的电阻不变，则( )

A. 通过灯L1、L2的电流之比为1：2

B. 灯L1、L2两端的电压之比为2：1

C. 电源电压为9V时，只有L2能正常发光

D. 电源电压为9V时，灯L1、L2都恰能正常发光

C 【解析】由可得，∵串联电路电流处处相等，故通过灯L1、L2的电流之比为1：1；电压之比为1：2；故AB错误；当电源电压为9V时，电路中电流，则L1的实际电压，因此只有L2能正常发光，故C正确，D错误．故选：C．

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如图所示是用来探究“电功与哪些因素有关”的电路．

(1)本探究活动中，控制的变量是________和________，通过观察甲、乙两灯泡的亮度以及________得出探究结论．

(2)在探究活动中，观察甲、乙两灯泡亮度的目的是______________________________．

电压通电时间电流表示数比较相同时间内电流做功的多少(或灯泡实际功率的大小) 【解析】在探究“电功与哪些因素有关”的电路中时，因电功与多种因素有关，故探究过程中采用控制变量法，图中是并联电路，灯泡两端的电压相等，故控制的变量是电压和通电时间，通过观察甲、乙两灯泡的亮度以及电流表示数得出探究结论；本实验探究电功与哪些因素有关，而比较电功的多少时采用的是转换法，即观察甲、乙两灯泡亮度。 ...

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