分析 (1)根据图中有电压表、有电流表,可以首先对电压表采用“先摘除再复原”的处理方法,然后将电流表视作导线,再判断电路的连接方式,再将电压表复原;
(2)灯泡正常发光时的等于和额定电压相等,根据欧姆定律求出通过的电流;
(3)S、S1、S2均闭合时,R1与R2并联,电压表测电源的电压,根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出通过R1的电流;
(4)闭合S和S1、断开S2时,L与R2串联后与R1并联,电压表测R2两端的电压,电流表测L与R2串联支路的电流,根据灯泡正常发光时的电流可知电流表的最大示数,根据串联电路的电压特点求出电压表的最小示数;当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电流表的示数最小,电压表的示数最大,根据电阻的串联和欧姆定律求出电流表的最小示数,再根据欧姆定律求出电压表的最大示数,然后得出答案;
(5)断开S1和S2、闭合S时,L与R2串联,电压表测R2两端的电压,电流表电路中的电流,电流表的示数最大时和灯泡正常发光的电流相等,此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小,根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值;当电压表的示数最大时滑动变阻器接入电路中的电阻最大,根据串联电路的电压特点求出L两端的电压,然后结合(4)得出答案.
解答 解:(1)先画出电源符号,按电流流向法,画出开关S后分支,一支灯泡L1、开关S1回到电源的负极,另一支电流表、灯泡L、滑动变阻器后回到电源的负极,开关S2与L并联,电压表与R2并联,如下图所示:
(2)灯泡正常发光时的电流:
IL=$\frac{{U}_{L}}{{R}_{L}}$=$\frac{8V}{20Ω}$=0.4A;
(3)S、S1、S2均闭合时,R1与R2并联,电压表测电源的电压,则U=9V,
因并联电路中各支路两端的电压相等,
所以,通过R1的电流:
I1=$\frac{U}{{R}_{1}}$=$\frac{9V}{18Ω}$=0.5A;
(4)闭合S和S1、断开S2时,L与R2串联后与R1并联,电压表测R2两端的电压,电流表测L与R2串联支路的电流,
由灯泡正常发光时的电流可知,电流表的最大示数I大=0.4A,
因串联电路中总电压等于各分电压之和,
所以,电压表的最小示数:
U2小=U-UL=9V-8V=1V,
当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时,电流表的示数最小,电压表的示数最大,
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和,
所以,电流表的最小示数:
I小=$\frac{U}{{R}_{L}+{R}_{2}}$=$\frac{9V}{20Ω+40Ω}$=0.15A,
电压表的最大示数:
U2大=I小R2=0.15A×40Ω=6V,
所以,电流表示数范围为0.15A~0.4A,电压表的示数为1V~6V;
(5)断开S1和S2、闭合S时,L与R2串联,电压表测R2两端的电压,电流表电路中的电流,
当电流表的示数为0.4A时,滑动变阻器接入电路中的电阻最小,最小为:
R2小=$\frac{{U}_{2小}}{{I}_{大}}$=$\frac{1V}{0.4A}$=2.5Ω,
当电压表的示数U2大=3V时,滑动变阻器接入电路中的电阻最大,此时L两端的电压:
UL′=U-U2大=9V-3V=6V,
此时电路中的电流I小=0.15A,滑动变阻器接入电路中的最大阻值为40Ω,
所以,滑动变阻器接入电路中阻值的范围为2.5Ω~40Ω.
答:(1)等效电路图如上图所示;
(2)小灯泡正常发光时的电流为0.4A;
(3)S,S1,S2均闭合时,通过R1的电流为0.5A;
(4)闭合S和S1,断开S2,电流表示数范围为0.15A~0.4A,电压表的示数为1V~6V;
(5)断开S1和S2,闭合S,滑动变阻器R2的阻值变化范围为2.5Ω~40Ω.
点评 本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律的应用,关键是画出等效电路图和开关闭合、断开时电路连接方式的判断.
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科目:初中物理 来源: 题型:选择题
A. | 水可以结冰,但冰水的总质量会减小 | |
B. | 冰可以熔化,但冰水的总质量会减小 | |
C. | 冰的质量不变,但水的质量会减小 | |
D. | 冰和水的质量都不变,故总质量也不变 |
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