Question

如图所示装置是小明测量额定电压为2.5V的小灯泡功率的实物图．
（1）请把实物图连线补充完整．

（2）实验中小明发现无论怎样移动变阻器滑片，电压表指针偏转角度始终较小，原因可能是______（填字母）．
A．电池较旧，电压不足   B．电流表短路   C．滑动变阻器短路
（3）小明正确测得如下几组数据：

电压/V	1.5	2.0	2.5
电流/A	0.34	0.40	0.48

由表中数据可知，小灯泡的额定功率为______W．小林认为应利用三组数据计算取功率的平均值会更准确．请你评价小林的说法：______．

Answer 1

【答案】分析：（1）测量小灯泡功率时，小灯泡和滑动变阻器组成串联电路，电流表测量通过小灯泡的电流，电压表测量小灯泡两端的电压；
（2）电压表测量小灯泡两端的电压，滑片移动时电压表的示数也随之变化，电压表的示数最大时与电源电压相等；
（3）额定功率等于小灯泡在额定电压下的功率，它大小等于额定电压和额定电流的乘积；测功率的实验进行多次测量是为了寻找规律，因此不需要求平均值．
解答：解：（1）观察实物图可以看出，电压表、电流表和小灯泡处于断路，电压表和小灯泡并联，电流表和小灯泡串联；电源有两节干电池串联组成电压为3V，电压表的选择3V量程即可，注意这两个电表的正负接线柱，连接如下图．

（2）电压表指针偏转较小有两种可能，一是电压表选择的量程过大，二是电源电压太小．电压表选择的是小量程，排斥第一个可能，因此指针偏转角度小只能是电源电压太小了．
故选A．
（3）小灯泡的额定电压是2.5V，数据中对应的额定电流是0.48A，因此小灯泡的额定功率是P=UI=2.5V×0.48A=1.2W；测功率实验是研究小灯泡在不同电压下发挥的功率大小，是探究规律的实验，不需要求平均值．
故答案为：1.2、小林的说法不正确，因为额定功率是指额定电压下的功率（或“小林混淆了额定功率的概念”等）．
点评：测小灯泡电功率的实验注意以下几点：（1）电路图和实物电路的连接，重点是电表和滑动变阻器的连接；
（2）额定功率的计算，找到额定电压下对应的电流就是额定电流，额定电压和额定电流的乘积就是额定功率；
（3）实验中尽管进行了三次测量，但不需要求平均值，多次测量是为了研究规律不是减小误差．