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    4．小明同学家里的电热饮水机有加热和保温两种功能，可由机内温控开关S0进行自动控制．小明从说明书上收集到如表中的部分数据和如图所示的电路原理图．解答如下问题：（计算结果若不能整除，保留一位小数）
    额定电压220V
    频率50Hz
    额定加热功率920W
    （1）这个电热饮水机正常工作时，在加热状态下的总电流大约是多大？
    （2）若电阻R2的阻值为1210Ω，则电阻R1的阻值为多少？
    （3）在傍晚用电高峰期，供电电压可能会下降，使饮水机的功率低于额定功率，小明想用所学物理知识测量一下傍晚时饮水机的功率，于是他把家里除饮水机外的其余用电器关闭，并把饮水机调到加热功能，观察发现家里的电能表在1min内转了48圈，电能表的铭牌上标有“3600r/kW•h”的字样．求小明家的饮水机此时的实际功率？

    分析 （1）由P=UI计算加热状态下的总电流；
    （2）由图知只闭合S时，只有R2连入电路，两开关都闭合时，两电阻并联，由此分析加热和保温状态，求得R1的电功率，由电功率公式计算R1的阻值；
    （3）先计算转48转消耗的电能，根据公式P=$\frac{W}{t}$计算饮水机此时的实际功率．

    解答 解：
    （1）由表中数据知，电热饮水机加热状态功率为920W，
    由P=UI可得加热状态下的总电流：
    I=$\frac{P}{U}$=$\frac{920W}{220V}$≈4.2A； 
    （2）由图当S闭合时，只有R2接入电路，当两个开关都闭合时，两电阻并联，此时电路中电阻最小，
    电源电压不变，由P=$\frac{{U}^{2}}{R}$可知，两开关都闭合时为加热状态，只闭合S为保温状态，
    P2=$\frac{{U}^{2}}{{R}_{2}}$=$\frac{（220V）^{2}}{1210Ω}$=40W，
    所以R1的功率为：P1=P-P2=920W-40W=880W，
    所以R1的阻值：R1=$\frac{{U}^{2}}{{P}_{1}}$=$\frac{（220V）^{2}}{880W}$=55Ω；
    （3）已知消耗1kw•h的电能，电能表的转盘转动3600转，
    转48转消耗的电能W=$\frac{1}{3600}$kW•h×48=$\frac{1}{75}$kW•h，
    饮水机此时的实际功率：
    P实=$\frac{W}{t}$=$\frac{\frac{1}{75}kW•h}{\frac{1}{60}h}$=0.8kW=800W．
    答：（1）这个电热饮水机正常工作时，在加热状态下的总电流大约是4.2A；
    （2）电阻R1的阻值为55Ω；
    （3）在饮水机此时的实际功率800W．

    点评 本题考查并联电路特点、电功率公式的应用，关键是公式及其变形的灵活运用，重点是理解电能表参数的物理意义，解题过程中还要注意单位的换算．

    练习册系列答案
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    小组槽中液
    体密度ρ（g/cm3）    		序号深度
    h（米）    		管口面积
    S（×10-4米2）    		质量m
    （×10-3千克）    		管内水产生的压强
    p（帕）
    甲0.810.05520392
    20.1540784
    30.25801568
    40.2101601568
    乙1.050.05525490
    60.1550980
    70.251001960
    丙1.280.05530588
    90.15601176
    100.251202352
    （1）在此实验中，经分析得出，当薄片恰好脱离管口时，薄片处管外液体的压强等于管内水产生的压强（选填“等于”或“小于”）．
    （2）各组同学分析了本组的实验数据和相关条件，其中乙组同学由实验序号5、6、7初步得出：同种液体内部的压强与深度成正比．甲组同学由实验序号3、4初步判断：玻璃管的粗细与本实验研究结论的获得无影响（选填“有影响”或“无影响”）．
    （3）三组同学互动交流，分析实验序号1、5、8的数据，发现液体内部的压强（p1、p5、p8）与密度（ρ甲、ρ乙、ρ丙）满足关系$\frac{{P}_{1}}{{ρ}_{甲}}$=$\frac{{P}_{5}}{{ρ}_{乙}}$=$\frac{{P}_{8}}{{ρ}_{丙}}$，可以归纳得出的初步结论：相同深度，液体内部的压强与液体密度成正比．
    （4）进一步综合分析表中数据，经运算归纳得出：液体内部的压强与液体密度和深度的乘积的比值是一个定值．

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