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6.在如图所示的分压电路中,电压U恒定不变,滑动变阻器的总电阻值R=100Ω,要求滑动触头P在上下移动的过程中,负载RL上的电压UL始终不低于空载(即不接RL,相当于此处断开)时输出电压的90%,那么RL的最小值是225Ω

分析 如图所示:负载RL的两端ab空载时,a、b间电压和R1的电压相等,根据串联分压特点求出此时a、b间的电压;ab两端接负截RL时的输出电压不得低于空载时电压的90%,据此表示出此时a、b间的电压,利用串联分压公式求出并联电阻的不等式,利用电阻的并联特点求出RL的允许值范围.

解答 解:设滑动变阻器触头P下部分的电阻值为R1,由图可知:负载ab两端的输出电压就等于R1两端的电压;
当空载时电路中的电流I=$\frac{U}{R}$,则根据欧姆定律可知输出电压:U空载=$\frac{{R}_{1}}{{R}_{\;}}$U;
当接负载时,R1与RL并联,
根据并联电路的总电阻的倒数等于各支路电阻的倒数之和得:
R=$\frac{{R}_{1}{R}_{L}}{{R}_{1}+{R}_{L}}$,
则根据串联电路的总电阻等于各电阻之和得:
R=R-R1+R=R-R1+$\frac{{R}_{1}{R}_{L}}{{R}_{1}+{R}_{L}}$,
则此时干路电流I=$\frac{U}{R-{R}_{1}+\frac{{R}_{1}{R}_{L}}{{R}_{1}+{R}_{L}}}$,
所以根据欧姆定律可知负载上的输出电压U负载=IR=$\frac{U}{R-{R}_{1}+\frac{{R}_{1}{R}_{L}}{{R}_{1}+{R}_{L}}}$×$\frac{{R}_{1}{R}_{L}}{{R}_{1}+{R}_{L}}$,
由于负载RL上的电压UL始终不低于空载(即不接RL,相当于此处断开)时输出电压的90%,
即U负载≥90%U空载
所以,$\frac{U}{R-{R}_{1}+\frac{{R}_{1}{R}_{L}}{{R}_{1}+{R}_{L}}}$×$\frac{{R}_{1}{R}_{L}}{{R}_{1}+{R}_{L}}$≥90%×$\frac{{R}_{1}}{{R}_{\;}}$U;
整理得:9(R-R1)(R1+RL)+9R1RL-10RLR≤0,
带入数据得:9(100Ω-R1)(R1+RL)+9R1RL-10RL×100Ω≤0;
所以,9R12-900R1+100RL≥0;
为保证在实数范围内有解,则对于上式中的其根判别式△≥0,
即:9002-3600RL≥0;
解得:RL≥225Ω;
所以,RL的最小值是225Ω.
故答案为:225.

点评 本题考查了串联电路的电阻分压特点和并联电路电阻特点,以及欧姆定律的应用,关键是分清电路的串并联,接负截Rf时的输出电压不得低于空载时电压的90%这一条件.关键是会运用了一元二次方程的知识判断最大值.

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