阅读短文.回答文后的问题超声波加湿器超声波加湿器通电工作时.雾化片产生每秒170万次的高频率振动.将水抛离水面雾化成大量1μm-5μm的超微粒子.吹散到空气中使空气湿润.改变空气的湿度．图甲所示是某型号超声波加湿器.如表为其部分技术参数.其中额定加湿量是指加湿器正常工作1h雾化水的体积,循环风量是指加湿器正常工作1h通过风扇的� 题目和参考答案——青夏教育精英家教网—

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18．阅读短文，回答文后的问题
超声波加湿器
超声波加湿器通电工作时，雾化片产生每秒170万次的高频率振动，将水抛离水面雾化成大量1μm～5μm的超微粒子（水雾），吹散到空气中使空气湿润，改变空气的湿度．
图甲所示是某型号超声波加湿器，如表为其部分技术参数，其中额定加湿量是指加湿器正常工作1h雾化水的体积；循环风量是指加湿器正常工作1h通过风扇的空气体积；加湿效率是指实际加湿量和实际输入功率的比值．

型号	×××	额定加湿量	15L/h
额定电压	220V	额定输入功率	550W
水箱容量	20L	循环风量	1000m³/h
加湿效率	≥1.2×10^-2L/（h•W）	每个轮子与地面接触的面积	1.0×10^-4m²
净重	80kg

（1）加湿器正常工作时，每小时通过风扇的空气质量为1290kg；加满水时，加湿器对水平地面的压强为2.5×10⁶Pa．（空气密度ρ=1.29kg/m³，g取10N/kg）
（2）加湿器正常工作时的电流为2.5A，加满水后最多能加湿1.33h．
（3）下列说法中错误的是B．
A、水雾化成超微粒子需要能量，说明分子间有引力
B、水雾化成超微粒子的过程是汽化现象
C、加湿器通电使雾化片振动，电能主要转化为机械能
D、加湿器产生的超声波是由雾化片振动产生的
（4）在没有其他用电器接入电路的情况下，加湿器工作30min，标有“3000imp/kW•h”的电能表指示灯闪烁了720次，此过程中加湿器消耗的电能为8.64×10⁵J，实际加湿量至少为5.76L/h．
（5）利用湿敏电阻可实现对环境湿度的精确测量，如图乙所示，电源电压为24V，定值电阻R的阻值为120Ω，电流表的量程为0～100mA，电压表的量程为0～15V，湿敏电阻的阻值R₀随湿度RH变化的关系图线如图丙所示，该电路能够测量的湿度范围是30%～90%；将电压表表盘的相关刻度值转化为对应的湿度值，制成一个简易湿度计，该湿度计的刻度值分布是不均匀（选填“均匀”或“不均匀”）的．

分析（1）知道空气密度和体积，利用m=ρV求出空气的质量；求出加满水时加湿器对地面的压力，然后由压强公式求出压强；根据表中数据求出加湿时间．
（2）已知额定电压和额定功率，利用P=UI可求得加湿器正常工作时的电流；
（3）根据题干提供的信息分析判断；
（4）知道“3000r/kW•h”（每消耗1kW•h电能转盘转3000转）和电能表转数，可求消耗的电能，知道时间，求出实际输入电功率，知道加湿效率，根据加湿效率公式求出实际加湿量．
（5）由串联电路特点与欧姆定律求出湿敏电阻阻值，然后由图丙所示图象求出湿度．

解答解：
（1）由表中数据得出，加湿器正常工作1h通过风扇的空气体积V=1000m³，
则由ρ=$\frac{m}{V}$得加湿器正常工作时，每小时通过风扇的空气质量：
m=ρV=1.29kg/m³×1000m³=1290kg；
由ρ=$\frac{m}{V}$得加满水时水的质量：
m_水=ρ_水V_水=1×10³kg/m³×20×10^-3m³=20kg，
加湿器对水平地面的压力：
F=G=mg=（80kg+20kg）×10N/kg=1000N，
加湿器对水平地面的压强：
p=$\frac{F}{S}$=$\frac{1000N}{4×1{0}^{-4}{m}^{2}}$=2.5×10⁶Pa；
（2）由P=UI可得，
加湿器正常工作时的电流I=$\frac{P}{U}$=$\frac{550W}{220V}$=2.5A，
加满水后最多能加湿的时间：
t=$\frac{20L}{15L/h}$=$\frac{4}{3}$h≈1.33h；
（3）A、水雾化成超微粒子需要能量，说明分子间有引力，故A正确；
B、水雾化成的超微粒子仍为液体，该过程不是汽化现象，故B错误；
C、加湿器通电使雾化片振动，电能主要转化为机械能，故C正确；
D、由题知，超声波加湿器通电工作时，雾化片产生每秒170万次的超声波，声音是由物体振动产生的，则
加湿器产生的超声波是由雾化片振动产生的，故D正确．
本题选错误的．故选B．
（4）加湿器消耗的电能：
W=$\frac{720}{3000}$×1kW•h=0.24kW•h=8.64×10⁵J，
加湿器实际功率：
P=$\frac{W}{t}$=$\frac{8.64×1{0}^{5}J}{30×60s}$=480W，
因为加湿效率η=$\frac{V}{P}$，最小值η=1.2×10^-2L/（h•W），
所以实际加湿量至少为：
V=ηP=1.2×10^-2L/（h•W）×480W=5.76L/h．
（5）电路最大电流为：100mA=0.1A，电阻R两端电压：U_R=IR=0.1A×120Ω=12V，
此时R₀两端电压：U₀=U-U_R=24V-12V=12V，电阻阻值：R₀=$\frac{{U}_{0}}{I}$=$\frac{12V}{0.1A}$=120Ω，
由图丙所示可知，此时湿度为30%；
R₀两端最大电压：U₀′=15V，此时电路电流：I′=$\frac{U-{U}_{0}}{R}$=$\frac{24V-15V}{120Ω}$=0.075A，
R₀的阻值：R₀′=$\frac{{U}_{0}^{′}}{I′}$=$\frac{15V}{0.0075A}$=200Ω，由图丙所示可知，此时的湿度为90%；
电压表示数：U_V=U-IR=U-$\frac{U}{R+{R}_{0}}$R，电压表示数与R₀不成正比，湿度计的刻度值分布是不均匀的．
故答案为：（1）1290；2.5×10⁶；（2）2.5；1.33；（3）B；（4）8.64×10⁵；5.76；
（5）30%～90%；不均匀．

点评本题是一道信息给予题，认真审题、根据题意获取所需信息，应用密度公式、压强公式、电功率公式即可正确解题；解题时注意利用好加湿效率的定义．

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