将体积为2×10﹣4米3的金属球浸没在水中，求：金属球受到的浮力F浮的大小。

1.96N。 【解析】因为金属球浸没在水中，所以V排=V球=2×10-4 m3 ， 所以金属球受到的浮力是：F浮=ρ水 gV排=1.0×103 kg/m3 ×9.8N/kg×2×10-4 m3 =1.96N。

如图所示，R1=20欧，R2=60欧，当S断开时，电流表的示数为0.3安。求：

① 电源电压U。

② 当S闭合时，电流表的示数。

①6伏； ②0.4安 【解析】解答：①电键S断开时,电路为R1的简单电路，所以电源的电压：U＝U2＝U1＝I1R1＝0.3A×20Ω＝6V；②闭合电键S时,R1、R2并联，通过R2的电流：I2＝＝0.1A，干路电流：I＝I1+I2＝0.3A+0.1A＝0.4A，故电流表A的示数为0.4A. 答：①电源电压为6V；②闭合电键S，电流表示A的示数为0.4A.解答：

如图所示，柱形容器A和均匀柱体B置于水平地面上，A中盛有体积为6×10﹣3m3的水，B受到的重力为250N，B的底面积为5×10﹣2m2。

（1）求A中水的质量。

（2）求B对水平地面的压强。

（3）现沿水平方向在圆柱体B上截去一定的厚度，B剩余部分的高度与容器A中水的深度之比hB′：h水为2：3，且B剩余部分对水平地面的压强等于水对容器A底部的压强，求B的密度ρB。

（1）6kg。（2）5000Pa。（3）1.5×103kg/m3。 【解析】（1）根据题意知道，水的体积是：V水 =6×10-3 m3 ， 由ρ=m/V可知水的质量是：m水=ρ水V水=1×103 kg/m3 ×6×10-3 m3 =6kg； （2）根据题意知道，B对水平地面的压力是：FB =GB =250N， 所以B对水平地面的压强是：pB =FB/SB=250N/5×10...

（上海市松江区2018届初三第一学期期末质量抽测物理试题）

如图所示，R1的阻值为10欧，R2为标有“20欧 1安”字样的滑动变阻器。

①当滑片P在某位置时，电路中的电流为0.4安，求此时R1两端的电压U1。

② 若用R0来替换R1，并在电路中接入一个电压表，闭合电键时，电压表的示数为6伏，移动滑片，当电压表的示数为4.5伏时，电流表的示数增加了0.3安。继续移动滑片，发现在保证电路正常工作的情况下，电压表示数最小值为2.5伏，求R0的阻值及电源电压U。

4伏 5Ω 7.5伏 【解析】解答：①由图可知R1与R2串联，电路中的电流为I1＝0.4A, 则R1两端的电压U1＝I1R＝0.4A×10Ω＝4V; ②若用R0来替换R1, 并在电路中接入一个电压表,根据移动滑片，电压表的示数变化可知电压表并在滑动变阻器两端，RO＝; 发现在保证电路正常工作的情况下，电压表示数最小值为U滑＝2.5V,此时电路电流为I0＝1A，滑动变阻器接入电路的电阻为 ,根...

在“测定物质的密度”实验中，测量不规则铜块质量应选用如图器材中的_____（选填“a”或“b”）。为完成该实验还必须要用的器材是_____。该实验原理是_____，实验中采用多次测量的目的是______。

b 量筒 ρ＝m/V 减小实验误差 【解析】解答：(1)电子秤是测质量的仪器，弹簧测力计是测力的专用仪器。 (2)量筒是测液体体积的专用仪器。 (3) ρ公式的典型应用有：测固体液体的密度、计算大物体的质量、计算很难直接测的体积等。 (4)减小系统误差的方法是：选取精密测量仪器、多测几次取平均值。

在“用电流表测电流”的实验中，必须使电流从电流表的_____接线柱流入（选填“＋”或“－”），通过___法判断所测电流是否超过所选量程。在探究并联电路电阻的规律时，小明同学分别按如图（a）、（b）所示连接电路，他选择电阻R3替代并联电阻R1和R2，实验应满足：____________保持不变时，电流表A3的示数与电流表_____的示数相同（选填“A1”或“A2”）。

﹢ 试触 电源电压 A2 【解析】解答：根据电流表的使用，在使用电流表时，电流表要与被测电路串联，电流要从“+”接线柱入，“?”接线柱出，被测电流不能超过电流表的量程, 通过试触法判断所测电流是否超过所选量程；图(b)中电阻R是替代图(a)中并联电阻R1和R2的电阻,根据等效替代法,要使接入电路的效果相同,则电路两端的电压和电流都应相同,即电源电压相同,干路上的电流相同,所以电流表A3的示数...

小王同学做“用电流表、电压表测电阻”实验，电源电压为3伏且保持不变，所有器材均完好。他移动滑动变阻器的滑片到阻值最大处，闭合电键，观察到电压表示数如图所示，且电流表指针偏离零刻度线的角度与电压表相同。然后他移动变阻器的滑片至中点，观察到电压表的示数变小至0.6伏。接着他继续移动变阻器的滑片，发现电路中的最大电流为0.28安。

请将下表填写完整。（计算电阻时，精确到0.1欧）___________

【解析】解答：①因开始时，移动滑动变阻器的滑片到最大阻值处，由“他移动变阻器的滑片至中点，电阻减小”，根据分压原理，变阻器的电压减小，由观察到电压表的示数变小为0.6伏可知，电压表接在了滑动变阻器两端了；因电源电压为3V，则电压表量程是0?3V，由图示电压表可知，电压表分度值是0.1V，电压表读数是1V；根据串联电路电压的规律，待测电阻两端电压为3V?1V＝2V；因电流表指针偏离零刻度线的角度与电...

在学习了连通器后，某小组同学为了研究连通器内液体静止时液面的高度差，先将水注入用不同粗细的玻璃管制成的连通器中，已知管的横截面积SC＞SB＞SA，待水静止后，水面如图（a）、（b）、（c）所示；然后他分别在连通器右侧的玻璃管中注入不同高度的和水不相溶的液体，直到水被完全压入左管中，测量出此时水的深度及两个液面的高度差，静止后液面如图（d）所示。接着，他们换用不同液体重复上述实验，下表中记录了他们探究过程中的部分数据。请仔细观察实验现象和数据，归纳得出初步结论。

①分析比较图（a）、（b）或（c）中液面高度及相关条件可得：当连通器内只有一种液体且液体静止时，液面高度差为_____，且与_____无关。

②分析实验序号1和2和3中的数据可初步得出：连通器中分别盛入水和某种不相溶液体，当水的深度一定且液体静止时，_____。

③分析实验序号4和5和6中的数据可初步得出的结论，与②的结论相_____（选填“一致”或“矛盾”）。

④基于③的结论，小王猜想：连通器中分别盛入水和某种不相溶液体，当水的深度一定且液体静止时，最终两个液面的高度差决定于水和液体两者密度的差值大小。综合分析表中的实验数据，小王的猜想_____（选填“正确”或“错误”）。

⑤小张猜想：连通器中分别盛入水和某种不相溶液体且液体静止时，最终两个液面的高度差可能还跟水的深度有关。若在上述实验基础上，再增加一次实验加以验证，则序号7中拟进行实验的数据可设计为_____、_____。

零 管的横截面积 液体的密度越大，液面的高度差越小 矛盾 错误 1.5 10 【解析】解答： ①比较图a、b、c可知，各容器中的液面都相平，各容器的粗细不同，故可得出的结论是：当连通器内只有一种液体且液体静止时，液面高度差为零，且与管的横截面积无关；②分析实验序号1和2和3中的数据可初步得出：连通器中分别盛入水和某种不相溶液体，当水的深度一定且液体静止时，液体的密度越大，液面的高度差越小。③...

下列电表示数为1.4伏的是(　　)

A. B. C. D.

D 【解析】如图A、B是电流表，测出的是电流,分别为0.28 A和1.4 A； 图C、D是电压表，测出的是电压,分别为7 V和1.4 V； 故D图正确。

用电压表较为准确地测量一节蓄电池的电压时,正确的方法是(　　)

A. 蓄电池的两极分别接在电压表的“-”、“15”接线柱上

B. 蓄电池的两极分别接在电压表的“-”、“3”接线柱上

C. 以上两种接法效果相同

D. 以上两种接法都不行

B 【解析】实验室的电压表有3V和15V两个量程。使用时根据实际电压选择。 一节蓄电池的电压约为2 V，小于3V,所以选用0～3 V量程较准确。 故B正确，ACD错误。